第一篇：2010屆新課標高三物理第一輪復習階段性測試題(7)

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2010屆新課標高三物理第一輪復習階段性測試題（7）

（命題范圍：選修3-1 磁場）

說明：本試卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷兩部分，共150分；答題時間120分鐘．

第Ⅰ卷（選擇題，共40分）

一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共40分．在每題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確．全部選對的得4分，選不全的得3分，有選錯或不答的得0分）

1．磁場中某區域的磁感線，如圖所示，則

A．a、b兩處的磁感應強度的大小不等，Ba>Bb

B．a、b兩處的磁感應強度的大小不等，Ba

（）

2．科學研究表明，地球自西向東的自轉速度正在變慢，我國已在2006年1月1日零時進行了時間調整．假如地球的磁場是由地球表面帶負電引起的，則可能判定

A．地球表面帶正電，由于地球自轉變慢，地磁場將變弱 B．地球表面帶正電，由于地球自轉變慢，地磁場將變強 C．地球表面帶負電，由于地球自轉變慢，地磁場將變弱 D．地球表面帶負電，由于地球自轉變慢，地磁場將變強

（）

3．兩根通電的長直導線平行放置，電流分別為I1和I2，電流的

方向如圖所示，在與導線垂直的平面上有a、b、c、d四點，其中a、b在導線橫截面連接的延長線上，c、d在導線橫截面 連接的垂直平分線上．則導體中的電流在這四點產生的磁場的 磁感應強度可能為零的是

A．a點

B．b點

C．c點

D．d點

（）

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4．如圖所示，在x?0、y?0的空間中有恒定的勻強磁場，磁感應強度的方向垂直于xOy平面向里，大小為B．現有一質量為m、電量為q的帶電粒子，在x軸上到原點的距離為x0的P點，以平行于y軸的初速度射入磁場．在磁場作用下沿垂直于y軸的方向射出磁場．不計重力的影響，由這些信息可以確定的是

A．能確定粒子通過y軸時的位置 B．能確定粒子速度的大小

C．能確定粒子在磁場中運動所經歷的時間 D．以上三個判斷都不對

（）

5．如圖所示，在沿水平方向向里的勻強磁場中，帶電小球A與B在同一直線上，其中小球B帶正電荷并被固定，小球A與一水平放置的光滑絕緣板C接觸而處于靜止狀態．若將絕緣板C沿水平方向抽去后，以下說法正確的是（）

A．小球A仍可能處于靜止狀態 B．小球A將可能沿軌跡1運動 C．小球A將可能沿軌跡2運動 D．小球A將可能沿軌跡3運動 6．比荷為em 的電子以速度v0沿AB邊射入邊長為a的等邊三角形的勻強磁場區域中，如圖

（）所示，為使電子從BC邊穿出磁場，磁感應強度B的取值范圍為

3mv0ea3mv0ea A．B?

B．

B?

C．B?2mv0ea

D．B?2mv0ea

7．如圖所示，一帶正電的粒子沿平行金屬板中央直線以速度V0 射入互相垂直的勻強電場和 勻強磁場區域，粒子質量為m，帶電量為q，磁場的磁感應強度為B，電場強度為E，粒子從P點離開電磁場區域時速度為V，P與中央直線相距為d，則下列說法正確的是（）Ａ．粒子在運動過程中所受磁場力可能比所受電場力小

Ｂ．粒子沿電場方向的加速度大小始終是Ｃ．粒子的運動軌跡是拋物線

?BqV?Eq?m

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Ｄ．粒子達到P的速度大小V＝V0?22Eqdm

8．真空中有兩根長直金屬導線平行放置，其中一根導線中通有恒定電流．在兩導線所確定的平面內，一電子從P點運動的軌跡的一部分如圖中曲線PQ所示，則一定是（）A．ab導線中通有從a到b方向的電流

B．ab導線中通有從b到a方向的電流 C．cd導線中通有從c到d方向的電流 D．cd導線中通有從d到c方向的電流

9．如圖所示，套在足夠長的絕緣粗糙直棒上的帶正電小球，其質量為m，帶電量為q，小球可在棒上滑動，現將此棒豎直放入沿水平方向的且互相垂直的勻強磁場和勻強電場中．設小球電量不變，小球由靜止下滑的過程中（）

A．小球加速度一直增大

B．小球速度一直增大，直到最后勻速 C．桿對小球的彈力一直減少

D．小球所受洛倫茲力一直增大，直到最后不變

10．如圖所示，PQ是勻強磁場里的一片薄金屬片，其表面與磁場方向平行，現有一α粒子從A點以垂直PQ的速度v射出，動能為E，射出后α粒子的軌跡如圖所示，今測得它在金屬片兩邊的軌跡的半徑之比為10:9，若α粒子在穿越金屬片過程中受到的阻力大小及電量都不變，則（）

A．α粒子每穿過一次金屬片，速度減少

1102Em

B．α粒子每穿過一次金屬片，動能減少0.81E C．α粒子穿過5次金屬片后陷在金屬片里 D．α粒子穿過9次金屬片后陷在金屬片里

第Ⅱ卷（非選擇題，共110分）

二、本題共2小題，共20分。把答案填在題中相應的橫線上或按題目要求作答． 11．（8分）某同學在研究長直導線周圍的磁場時，為增大電流，用多根導線捆在一起代替長直導線，不斷改變多根導線中的總電流I和測試點與直導線的距離，測得下表所示數

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據：

由上述數據可得出磁感應強度B與電流I及距離r的關系式為B=__________T．在由數據得出關系式時可以采用保持某一物理量不變，采用作圖或從數據上得出另外兩個物理量之間的關系，這在物理量上被稱作_________法，是物理學中經常應用的方法之一.（要求估算出比例系數，用等式表示）

12．（12分）磁體和電流之間、磁體和運動電荷之間、電流和電流之間都可通過磁場而相互作用，此現象可通過以下實驗證明：

（1）如圖（a）所示，在重復奧斯特的電流磁效應實驗時，為使實驗方便效果明顯，通電導線應_______

．

A．平行于南北方向，位于小磁針上方 B．平行于東西方向，位于小磁針上方 C．平行于東南方向，位于小磁針下方 D．平行于西南方向，位于小磁針下方

此時從上向下看，小磁針的旋轉方向是_________________．

（2）如圖（b）所示，是一個抽成真空的電子射線管，從陰極發射出來的電子束，在陰極和陽極間的高壓作用下，轟擊到長方形的熒光屏上激發出熒光，可以顯示出電子束運動的徑跡．實驗表明，在沒有外磁場時，電子束是沿直線前進的．如果把射線管放在蹄形磁鐵的兩極間，熒光屏上顯示的電子束運動徑跡發生了彎曲，這表明：___________，圖中a為____極．

（3）如圖（c）所示，兩條平行直導線，當通以相同方向的電流時，它們相互________，當通以相反方向的電流時，它們相互___________，這時每個電流都處在另一個電流的磁場里，因而受到磁場力的作用．也就是說，電流和電流之間，就像磁極和磁極之間一樣，也會通過磁場發生相互作用.京翰教育中心http://www.tmdps.cn/

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三、本題共6小題，共90分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟.只寫出最后答案的不能得分，有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位.13．（14分）用一根長L=0.8m的絕緣輕繩，吊一質量m=1.0g的帶電小球，放在磁感應強度B=2.5T、方向如圖所示的勻強磁場中．把小球拉到懸點的右側，輕繩剛好水平拉直，將小球由靜止釋放，小球便在垂直于磁場的豎直平面內擺動．當小球第一次擺到最低點時，懸線的拉力恰好為0.5mg（取重力加速度g=10m/s）.求：（1）小球帶何種電荷？

（2）當小球第二次經過最低點時，懸線對小球的拉力多大？

14．（14分）如圖所示，在真空中半徑r?3.0?10?2m的圓形區域內，有磁感應強度B=0．2T，6方向如圖的勻強磁場，一束帶正電的粒子以初速度v0?1.0?10m/s，從磁場邊界上直

2徑ab的a端沿各個方向射入磁場，且初速方向都垂直于磁場方向，若該束粒子的比荷qm?1.0?10C/kg，不計粒子重力．求： 8（1）粒子在磁場中運動的最長時間．

（2）若射入磁場的速度改為v?3.0?10m/s，其他條件不變，試用斜線畫出該束粒子在磁場中可能出現的區域，要求有簡要的文字說明．（sin37??0.6，cos37??0.8）

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15．（14分）如圖所示，半徑為R的光滑圓環固定在光滑水平面上，圓環中心安放一帶電量為Q的正電荷，另有磁感應強度為B的勻強磁場垂直圓環平面．已知一質量為m、帶電量為+q的小球貼著圓環內壁做圓周運動，若小球的運動速率從零開始逐漸增大，請探究圓環對小球的水平彈力FN將如何變化？

16．（16分）電子質量為m、電量為e，從坐標原點O處沿xOy平面射入第一象限，射入時速度方向不同，速度大小均為v0，如圖所示．現在某一區域加方向向外且垂直于xOy平面的勻強磁場，磁感應強度為B，若這些電子穿過磁場后都能垂直射到熒光屏MN上，熒光屏與y軸平行，求：（1）熒光屏上光斑的長度；（2）所加磁場范圍的最小面積．

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17．（16分）如圖所示，Oxyz坐標系的y軸豎直向上，坐標系所在的空間存在勻強電場和勻強磁場，電場方向與x軸平行，從y軸上的M（0、H、0）點無初速釋放一個質量為m、電荷量為q的帶負電的小球，它落在xOz平面上的N（l、0、b）點（l>0，b>0）.若撤去磁場則小球落在xOz平面的P（l、0、0）點．已知重力加速度為g．

（1）已知磁場方向與某個坐標軸平行，請確定其可能的具體方向．

（2）求出電場強度的大?。?/p>

（3）求出小球落至N點時的速率．

18．（16分）一對平行金屬板水平放置，板間距離為d，板間有磁感應強度為B的水平向里的勻強磁場，將金屬板連入如圖所示的電路，已知電源內阻為r，滑動變阻器的總電阻為R，現將開關S閉合，并調節滑動觸頭P至右端長度為總長度的處，一質量為m、41電荷量為q的帶電質點從兩板正中央左端以某一初速度水平飛入場區，恰好做勻速圓周運動.（1）求電源的電動勢；

（2）若將滑動變阻器的滑動觸頭P調到R的正中央位置，可以使原帶電質點以水平直線從兩板間穿過，求該質點進入磁場的初速度v0;

（3）若將滑動變阻器的滑動觸頭P移到R的最左端，原帶電質點恰好能從金屬板緣飛出，求質點飛出時的動能．

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參考答案

1． 答案：B

根據磁感線的疏密程度可以判斷出a、b兩處的磁感應強度的大小不等，Ba

2．答案：C

地球自轉等效成環形電流，南極為磁場N極，由右手定則可知地球帶負電，地球轉速變慢使環形電流電流減小，故磁場減弱，所以選C． 3．答案：AB

根據安培定則和磁感應強度的迭加原理即可知．

4．答案：ABC 提示：根據已知條件畫出運動的軌跡和基本公式即可判斷．

5．答案：AB

若小球A帶正電，小球A受重力和A、B之間的庫侖力的作用（且庫侖力為斥力），若重力的大小和庫侖力的大小相反，則撤去絕緣板后，重力和庫侖力仍大小相等而方向相反，故小球A仍處于靜止狀態，A正確；若庫侖力大于重力，則可由左手定則判斷B正確．

6．答案：B

電子進入磁場時向上偏，剛好從C點沿切線方向穿出是一臨界條件，要使電子從BC邊穿出，其運動半徑應比臨界半徑大，由R?mvqB可知，磁感應強度只要比臨

?a2sin60?界時的小就可以了，如題圖，由對稱性作輔助線，由幾何關系可得，半徑Rv0R2，又ev0B?m，解得B?3mv0ea，故選B．

7．答案：AD

由題意知，帶正電的粒子從中央線的上方離開混合場，說明在進入電、磁場時，豎直向上的洛侖茲力大于豎直向下的電場力．在運動過程中，由于電場力做負功，洛侖茲力不做功，所以粒子的動能減小，從而使所受到的磁場力可能比所受電場力小，選項A正確．又在運動過程中，洛侖茲力的方向不斷發生改變，其加速度大小是變化的，運動軌跡是復雜的曲線而并非簡單的拋物線，所以選項B、C錯誤．由動能定律得：Eqd?12mv2?12mv0，故選項D正確，綜合來看，選項A、D正確．

28．答案：C

根據電子運動的軌跡知在兩導線之間的磁場方向垂直于兩導線所在的平面，只有ab中由b到a的電流或cd中從c到d的電流才能產生這樣的磁場，又從電子運動軌跡在向cd邊靠近時曲率半徑變小，由r的電流產生的，只有C正確．

?mvqB知與cd邊越近，B越強，可見是由cd中

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9． 答案：BD

本題考查帶電體在復合場中的運動，在分析時要注意隨著速度的變化，洛倫茲力發生變化，導致桿對小球的彈力發生變化，因此摩擦力發生變化，小球的運動狀態發生變化．

10．答案：C

帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動的軌道半徑r=mv/qB，設α粒子第一次穿過金屬片的速度v，則?Ek?12mv2/mvqB:mvqB/?10:9，所以v=0．9v，動能減少

/?12mv/2?0.19E．根據阻力及電量恒定，α粒子每穿過一次金屬片，動能都減

?5少0．19E，由6?11．答案：B=2?10?7IE0.19E，故α粒子穿過5次后陷入金屬中．

r（6分）

控制變量法（2分）

解析：從表中數據分析不難發現B/I=k1和Br=k2，所以有B=kI/r，再將某一組B、I、r值代入上式得k=2×10－7Tm/A．所以得出磁感應強度B與電流I及距離r的關系式為B=2?10?7Ir．

12．答案：（1）A（2分）

逆時針（2分）（2）運動電荷受到了磁場力（2分）

陰（2分）

（3）吸引（2分）

排斥（2分）

13．解析：（1）設小球第一次到達最低點時速度為v，則由動能定理可得mgLv2?12mv2（2分）

在最低點根據牛頓第二定律得，Bqv?0.5mg?mg?m?3解得q?2.5?10C（2分）

L（2分）

根據左手定則可判斷小球帶負電（3分）

（2）根據機械能守恒可知，小球第二次到達最低點時速度小仍為v，此時懸線對小球的v2拉力為F，由牛頓第二定律得，F?Bqv?mg?m?2L（3分）

解得F?5.5?10N（2分）

v0R214．解析：（1）由牛頓第二定律可求得粒子在磁場中運動的半徑，qv0B?mR?mv0Be?5.0?10?2（1分）

?2m>r?3.0?10（2分）

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因此要使粒子在磁場中運動的時間最長，則粒子在磁場中運動的圓弧所對應的弦長最長，從右圖中可以看出，以直徑ab為弦、R為半徑所作的圓，粒子運動的時間最長．（2分）

T?2?mqB設該弦對應的圓心角為2?，而2?2?2?mqB（1分）

運動時間tmax??T?（2分）

又sin??（2）R/rR?35，故tmax?6.5?10?3?8s（2分）

?mvqB?1.5?10m?r（2分）

粒子在磁場中可能出現的區域：如圖中以Oa為直徑的半圓及以a為圓心Oa為半徑的圓與磁場相交的部分．繪圖如圖．（2分）

15．解析：如圖所示，帶電小球在做圓周運動的過程中受到電場力FE、洛倫茲力FB和彈力FN的作用，其合力即為小球做圓周運動的向心力，由圖可知：

FN?FB?FE?mv2/R（3分）

2∴FN??FB?FE?mv/R（2分）

其中FB=qvB，FE=kQq/R2，代入上式可得，FN?mv2R?Bqv?kQqR2（2分）

上式中m、R、B、q、k、Q均為常數，所以FN為v的二次函數．對照y=ax2+bx+c，有a=m/R，b=－Bq，c=kQq/R．（2分）因a>0，故FN有最小值，且當v??kQqR2

2b2a?BqR2m時，FN最?。ㄅR界條件），最小值為Fmin??BqR4m22．（2分）

可見，隨著小球運動速度的增大，圓環對小球的彈力FN先減小、后增大，且臨界狀態（最小值）出現在v=BqR/2m時．（3分）

16．解析：（1）要求光斑的長度，只要找到兩個邊界點即可．初速度沿x軸正方向的電子，沿弧OB運動到P；初速度沿y軸正方向的電子，沿弧OC運動到Q．

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設粒子在磁場中運動的半徑為R，由牛頓第二定律得，v0R2qv0B?m（4分），從圖中可以看出PQ?R?mv0Be即R?mv0Be（4分）

（2）沿任一方向射入第一象限的電子經磁場偏轉后都能垂直打到熒光屏MN上，需加最小面積的磁場的邊界是以（0，R）為圓心，半徑為R的圓的一部分，如圖中實線所示．（4分）

所以磁場范圍的最小面積S?34?R2?R2?14?R2?(?2?1)(mv02)Be．（4分）

17．解析：（1）用左手定則判斷出：磁場方向為－x方向或－y方向．（4分）

（2）在未加勻強磁場時，帶電小球在電場力和重力作用下落到P點，設運動時間為t，小球自由下落，有H=gt2/2（1分）

小球沿x軸方向只受電場力作用，Fe=qE（1分）小球沿x軸的位移為l=at/2（1分）小球沿x軸方向的加速度為a=Fe/m（1分）聯立求解，得E=mgl/qH．（2分）

（3）帶電小球在勻強磁場和勻強電場共存的區域運動時，洛倫茲力不做功．電場力做功為：We=qEl，（1分）重力做功為WG=mgH（1分）

設落到N點時速度大小為v，根據動能定理得，mgH?qEl?12mv（2分）

22解得，v?2g(H2?l)2H（2分）

18．解析：（1）因帶電質點做勻速圓周運動，故電場力與重力平衡，F電?mg①（1分）

又F電?qE② 兩板間電場強度E電?兩板間電壓U?I?R4Ud③（1分）

④（1分）

ER?r由閉合電路歐姆定律得，I?⑤（1分）

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由①～⑤得，E?4(R?r)dmgRq（2分）

（2）由題意知，電場力豎直向上，故質點帶負電，由左手定則得洛倫茲力豎直向下，由平衡條件可得，mg?qv0B?F電⑥（2分）因兩極板間電壓U///?I?/R2?2U

故E電?2E電，F電?E電?2mg⑦（2分）由⑥⑦解得，v0?mgqB⑧（1分）

（3）因板間電壓變為U//?IR?4U⑨

故電場力F電?4F電?4mg（2分）由動能定理得，F電由⑧⑨⑩解得Ek?////d2?mgd222?Ek?12mv0⑩（2分）

23mgd2?mg232Bq．（1分）

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第二篇：2010屆新課標高三物理第一輪復習階段性測試題

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（命題范圍：必修2 曲線運動、萬有引力）

說明：本試卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷兩部分，共150分；答題時間120分鐘.第Ⅰ卷（選擇題，共40分）

一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共40分.在每題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得4分，選不全的得3分，有選錯或不答的得0分）

1．如圖為一種“滾輪-平盤無極變速器”的示意圖，它由固定于主動軸上的平盤和可隨從動軸移動的圓柱形滾輪組成.由于摩擦的作用，當平盤轉動時，滾輪就會跟隨轉動，如果認為滾輪不會打滑，那么主動軸的轉速n1、從動軸的轉速n2、滾輪半徑r以及滾輪中心距離主動軸軸線的距離x之間的關系是

（）

xA．n2?n1rx

B．n1?n

2r

D．n2x2C．n2?n12r?n1xr

2．一個靜止的質點，在兩個互成銳角的恒力F1、F2作用下開始運動，經過一段時間后撤掉

其中的一個力，則質點在撤去該力前后兩個階段中的運動情況分別是

A．勻加速直線運動，勻減速直線運動 B．勻加速直線運動，勻變速曲線運動 C．勻變速曲線運動，勻速圓周運動 D．勻加速直線運動，勻速圓周運動

（）

3．如圖所示，小船從A碼頭出發，沿垂直河岸的方向渡河，若河寬為d，渡河速度v船恒定，河水的流速與到河岸的最短距離x成正比，即v水?kx(x?B碼頭，則 d,k為常量），要使小船能夠到達距A正對岸為s的2

（）

京翰教育中心http://www.tmdps.cn/ 高中物理輔導網http://www.tmdps.cn/ kd2kd2vA．v船應為4s

B．船應為2s

4s2sC．渡河時間為kd

D．渡河時間為

kd4．在平直公路上行駛的汽車中，某人從車窗相對于車靜止釋放一個小球，不計空氣阻力，用固定在路邊的照相機對汽車進行閃光照相，照相機閃兩次光，得到清晰的兩張照片，對照片進行分析，知道了如下信息：①兩次閃光時間間隔為0.5s；②第一次閃光時，小球剛釋放，第二次閃光時，小球落地；③兩次閃光的時間間隔內，汽車前進了5m；④兩次閃光時間間隔內，小球移動的距離為5m，根據以上信息尚不能確定的是（已知g=10m/s2）

（）

A．小球釋放點離地的高度

C．汽車做勻速直線運動

B．第一次閃光時小車的速度

D．兩次閃光時間間隔內汽車的平均速度

5．在太陽系中有一顆行星的半徑為R，若在該星球表面以初速度v0豎直上拋出一物體，則

該物體上升的最大高度為H.已知該物體所受的其他力與行星對它的萬有引力相比較可忽

略不計.則根據這些條件，可以求出的物理量是

A．該行星的密度

C．該星球的第一宇宙速度

（）

B．該行星的自轉周期

D．該行星附近運行的衛星的最小周期

6．“神舟”六號飛船的軌道艙在軌道上運行時，由于受太陽風暴和大氣阻力的影響，逐漸偏

離預定軌道.有關方面啟動軌道艙上的動力裝置，適當時候提高了軌道艙的運行高度，通

過修正保證了工作.提高“神舟”六號軌道艙的高度可能采取的方法是

A．考慮啟動火箭發動機向后噴氣，通過反沖作用從較低軌道上使衛星加速 B．考慮啟動火箭發動機向后噴氣，通過反沖作用從較低軌道上使衛星減速 C．該衛星提高高度后的軌道與前一軌道相比速率增大，機械能增大 D．該衛星提高高度后的軌道與前一軌道相比周期增大，加速度增大

（）

7．當今的科技發展迅猛，我們設想，如果地球是個理想的球體，沿地球的南北方向修一條

平直的閉合高速公路，一輛性能很好的汽車在這條高速公路上可以一直加速下去，并且

忽略空氣阻力，那么這輛汽車的最終速度

A．與飛機速度相當

C．可以達到7.9km/s

（）

B．小于“神舟”六號飛船的速度 D．無法預測

京翰教育中心http://www.tmdps.cn/ 高中物理輔導網http://www.tmdps.cn/ 8．如圖所示，小朋友在玩一種運動中投擲的游戲，目的是在運動中將手中的球投進離地面高3m的吊環，他在車上和車一起以2m/s的速度向吊環運動，小朋友拋球時手離地面1.2m，當他在離吊環的水平距離為2m時將球相對于自己豎直上拋，球剛好進入吊環，他將球豎直向上拋出的速度是（g取10m/s2）

A．1.8m/s

B．3.2m/s

（）C．6.8m/s

D．3.6m/s 9．如圖所示，一個長直輕桿AB在墻角沿豎直墻和水平地面滑動，當AB桿和墻的夾角為?時，桿的A端沿墻下滑的速度大小為v1，B端沿地面的速度大小為v2，則v1、v2的關系是

（）A．v1?vB．v1?v2cos?

，C．v1?v2tan?

D．v1?v2sin?

10．如圖所示，一根長為L的均勻細桿可以繞通過其左端的水平軸O在豎直平面內轉動.桿最初處于水平位置，桿上距O為a處放有一小物體，桿與上小物體最初均處于靜止狀態.若此桿突然以角速度?勻速繞O向下轉動.則角速度?為以下哪個說法時，小物體可能與桿相碰

（）

A．?值適中，不小于某值，不大于另一值Q，即P???Q B．?較大，且不小于某值Q，即Q????

C．?較小，且不大于某值P，即0???P D．不管?為多大，小物體都不可能與桿相碰

第Ⅱ卷（非選擇題，共110分）

二、本題共2小題，共22分，把答案填在題中相應的橫線上或按題目要求作答.11．（10分）（1）如圖所示的演示實驗中，A、B兩

球同時落地，說明

.某同學設計了如圖的實驗：將兩個質量相等的 小鋼球，從斜面的同一高度由靜止同時釋放，滑道2與光滑水平板吻接，則他將觀察到的現象是

，這說明

.（2）如圖所示是自行車傳動裝置的示意圖.假設 踏腳板每2秒轉一圈，要知道在這種情況下自行 車前進的速度有多大，還需測量哪些量？

京翰教育中心http://www.tmdps.cn/ 高中物理輔導網http://www.tmdps.cn/ ___________________________________________請在圖中用字母標注出來，并用這些量推導出自行車前進速度的表達式：_

____________ 12．（12分）一個有一定厚度的圓盤，可以繞通過中心垂直于盤面的水平軸轉動，圓盤加速轉動時，角速度的增加量Δω與對應之間Δt的比值定義為角加速度β（即??我們用電磁打點計時器、米尺、紙帶、復寫紙來完成下述實驗：

①如下圖甲所示，將打點計時器固定在桌面上，將紙帶的一端穿過打點計時器的限位孔，然后固定在圓盤的側面，當圓盤轉動時，紙帶可以卷在圓盤側面上.②接通電源，打點計時器開始打點，啟動控制裝置使圓盤勻加速轉動.③經過一段時間，停止轉動和打點，取下紙帶，進行測量.（打點計時器所接交流電的頻率為50Hz，A、B、C、D??為計數點，相鄰兩計數點間有四個點未畫出）

（1）如圖乙所示，圓盤的半徑r為_________cm.（2）由圖丙可知，打下計數點D時，紙帶運動的速度大小為_______m/s，此時圓盤轉動的角速度為____rad/s.（3）紙帶運動的加速度大小為________m/s2，圓盤轉動的角加速度大小為_________rad/s2.???t）.京翰教育中心http://www.tmdps.cn/ 高中物理輔導網http://www.tmdps.cn/

三、本題共6小題，共88分.解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟.只寫出最后答案的不能得分，有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位.13．（12分）上海首屆一級方程式賽車比賽在2004年9月26日舉行.在一級方程式汽車大賽中，一輛賽車的總質量為m，一個路段的水平轉彎半徑為R，賽車轉此彎時的速度為v，賽車形狀都設計得使其上下方空氣有一壓力差——氣動壓力，從而增大了對地面的正壓力.正壓力與摩擦力的比值叫側向附著系數，以?表示.要上述賽車轉彎時不側滑，則需要多大的氣壓動力？

14．（14分）已知地球半徑為R，一只靜止在赤道上空的熱氣球（不計氣球離地高度）繞地心運動的角速度為?0，在距地面h高處圓形軌道上有一顆人造地球衛星，設地球質量為M，熱氣球的質量為m，人造地球衛星的質量為m1，根據上述條件，有一位同學列出了以下兩個式子： 對熱氣球有：GMm2?m?0R R2?m1?2(R?h)

(R?h)2Mm1對人造地球衛星有：G進而求出了人造地球衛星繞地球運行的角速度?.你認為這個同學的解法是否正確？若認為正確，請求出結果.若認為不正確，請補充一個條件后，再求出?.京翰教育中心http://www.tmdps.cn/ 高中物理輔導網http://www.tmdps.cn/ 15．（10分）如圖是一種叫做“魔盤”的娛樂設施示意圖。某物理興趣小組想測量“魔盤”的轉速，他們先測量了“魔盤”的半徑r=1.5m，“魔盤”上邊緣離地的高度h=0.8m，然后將一毛巾用水浸濕后用網袋裝好固定在“魔盤”上的邊緣，當“魔盤”轉動起來后，從毛巾上飄落到地面的水滴離轉軸的最大半徑為R=2.5m，若不計空氣阻力對水滴的影響，取g為10m/s2.那么“魔盤”的最大轉速為多少轉/分？

16．（18分）取距地球無窮遠處物體的重力勢能為零，則地球周圍物體的重力勢能的表達式為：Ep??GMm，其中G為萬有引力常量，M為地球的質量，m為物體的質量，r為r物體到地心的距離，地球半徑R=6400km，地球表面重力加速度g取10m/s2.試計算：

（1）質量為1×103kg的衛星繞地表飛行，其總機械能為多大？

（2）再補充多少能量可使它脫離地球的引力？

京翰教育中心http://www.tmdps.cn/ 高中物理輔導網http://www.tmdps.cn/ 17．（16分）如圖所示，ABDO是處于豎直平面內的光滑軌道，AB是半徑為R=15m的1圓

4周軌道，半徑OA處于水平位置，BDO是直徑為15m的半圓軌道，D為BDO軌道的中央.一個小球P從A點的正上方距水平半徑OA高H處自由落下，沿豎直平面內的軌道通過D點時對軌道的壓力等于其重力的14倍.取g為10m/s2.（1）H的大?。?/p>

（2）試討論此球能否到達BDO軌道的O點，并說明理由；

（3）小球沿軌道運動后再次落到軌道上的速度的大小是多少.18．（18分）目前，我國正在實施“嫦娥奔月”計劃.如圖所示，登月飛船以速度v0繞月球做圓周運動，已知飛船質量為m=1.2×104kg，離月球表面的高度為h=100km，飛船在A點突然向前做短時間噴氣，噴氣的相對速度為u=1.0×104m/s，噴氣后飛船在A點的速度減為vA，于是飛船將沿新的橢圓軌道運行，最終飛船能在圖中的B點著陸（A、B連線通過月球中心，即A、B兩點分別是橢圓的遠月點和近月點），試問：

（1）飛船繞月球做圓周運動的速度v0是多大？

（2）由開普勒第二定律可知，飛船在A、B兩處的面積速度相等，即rAvA=rBvB，為使飛船能在B點著陸，噴氣時需消耗多少燃料？已知月球的半徑為R=1700km，月球表面的重力加速度為g=1.7m/s2（選無限遠處為零勢能點，物體的重力勢能大小為Ep=?

GMmR）.京翰教育中心http://www.tmdps.cn/ 高中物理輔導網http://www.tmdps.cn/

參考答案（3）

1．答案：A

由滾輪不會打滑可知主動軸上的平盤與可隨從動軸轉動的圓柱形滾輪的接觸

點的線速度相同，所以v1=v2，由此可得x?2?n1?r?2?n2，所以n2?n1x，即選項A

r

正確.2．答案：B

根據物體作直線運動和曲線運動的條件可知，先作初速度為零的沿合力方向的勻加速直線運動，后因速度方向跟另一個力不在一條直線上，作勻變速曲線運動.3．答案：AC

根據運動的合成與分解，因為小船垂直岸航行，渡河時間與水的速度無

dv?kx(x?,k為常量），所以關，又河水的流速與到河岸的距離x成正比，即水2dskd2?4s，解得v船?4s，渡河時間為.v船1kdkd44．答案：C

小球做平拋運動，豎直高度h?121gt??10?0.52?1.25m，A正確；2222小球水平方向上的位移x?5?1.25?4.84m，小球初速度v0?x4.84??9.68m/s，此即第一次閃光時小車的速度，B正確；兩次閃光時間間隔內t0.55?10m/s，因此汽車應做加速運動，C不能確定，D能夠確定.0.5汽車的平均速度v?25．答案：CD

根據物體豎直上拋的運動規律，得v0?2gH，因此可求出該星球表面的v22?2重力加速度g.再根據G2?mg?m?m()R可推導出CD為正確答案.RTRmM6．答案：A

因為要提高“神舟”六號飛船的高度將考慮啟動火箭發動機向后噴氣，通過反沖作用，使飛船加速，飛船需要的向心力增大，但由于在原軌道上F?GMm不變，不2R足以提供其所需的向心力，所以飛船做離心運動，到更高的軌道，所以A正確，B錯誤.v對飛船有：GMm，所以v??m2RR21R，R增大，運行速度v減小，C錯誤；由于GmMR2?m(2?2)R?ma，所以T?R3，a?1，所以R增大，T增大，但a減少，所TR2以D錯.7．答案：C

在理想情況下一直加速，可以達到圍繞地球表面做圓周運動，即第一宇宙速

京翰教育中心http://www.tmdps.cn/ 高中物理輔導網http://www.tmdps.cn/ 度.8．答案：C

球的水平速度是2m/s，人到環的水平距離為2m，所以球必須在1s內到達吊

x?v0t?環，則1s內球在豎直方向上的位移為1.8m，設初速度為v，則

0

12gt，解2得v0?6.8m/s.v0v09．答案：C

設桿沿方向移動的速度為v0，根據速度分解可得，?sin?，v?cos?，1v2所以可得v1?v2tan?.10．答案：BC

?較小，物體追上細桿相碰；?較大，細桿繞過一周后追上物體相碰.第Ⅱ卷（非選擇題，共110分）

11．（1）答案：平拋運動在豎直方向上是自由落體運動（2分）

球1落到光滑水平板上并擊中球2（2分）

平拋運動在水平方向上是勻速運動（2分）

（2）答案：如圖所示，測量R、r、R/，（2分）

自行車的速度為：?RR/r.（2分）

12．解析：（1）根據游標卡尺的讀數原理，可得讀數應為主尺上的和游標尺上的刻度相加.由圖乙可知游標尺的分度為0.05mm，主尺上為5.9cm，游標尺上的第5個刻度線和主尺對齊，所以讀數為5.9cm+0.02×5mm=6.00cm，即可得該圓盤的半徑r=6.00cm.（2）由題意知，紙帶上每兩點的時間間隔T=0.10s，打下計數點D時，紙帶運動速度大sCE13.19?5.41v??小為：Dcm/s2=39cm/s2=0.39m/s2，2T2?0.1vD???此時圓盤轉動的角速度為Dr0.396?10?2=6.5rad/s

sDE?sBC?(sCD?sAB)a?

（3）紙帶運動的加速度大小為，代入數值，得a=0.59m/s2 24T???va0.592?????設角加速度為β，則?tr?tr6.00?10?2=9.8rad/s.京翰教育中心http://www.tmdps.cn/ 高中物理輔導網http://www.tmdps.cn/ 13．解析：對物體受力分析可知正壓力FN?mg?F①，其中F表示氣動壓力.（3分）

???FNmg?F②，（4分）?Ff??Ffv2根據牛頓第二定律，可得Ff?m③，（3分）

R聯立解得，F??mv2R?mg（2分）

14．解析：第一個等式（對熱氣球）不正確，因為熱氣球不同于人造衛星，熱氣球靜止在空中是因為浮力與重力平衡，它繞地心運動的角速度應等于地球自轉的角速度.（4分）

（1）若補充地球表面的重力加速度為g，可以認為熱氣球受到的萬有引力近似等于其重G力，則有MmR2?mg（2分）

RR?hgR?h（1分）與第二個等式聯立可得??G（2）若利用同步衛星的離地高度H有：

?m??02(R?H)（2分）(R?H)2Mm?與第二個等式聯立可得???03R?H2()R?hMm?（2分）

V12?

（3）若利用第一宇宙速度v1，有G2?m（2分）RR與第二個等式聯立可得??v1R(R?h)3（1分）

此外若利用近地衛星運行的角速度也可求出?來.15．解析：水滴沿切線方向做平拋運動到地面上的水平位移x?落地時間t?2h?g2?0.8?0.4s（2分）10R2?r2=2m（2分）

“魔盤”的線速度v?x?5m/s（2分）t其轉速滿足2?nr?v（2分）

京翰教育中心http://www.tmdps.cn/ 高中物理輔導網http://www.tmdps.cn/ ?n?v?32r/min.（2分）2?rMmv216．解析：（1）衛星做勻速圓周運動，由萬有引力和牛頓第二定律得，G2?m（2分）

rr2其動能為Ek?mv?G12Mm（2分）2r其機械能為E=Ek+Ep=GMmMmMm?G?G)=2r +(2r（4分）r衛星繞地表運行時，r=R，且GMmR2?mg，GM=gR2，（2分）

所以E=?GMm1?mgR=－6.4×106×10×103=－3.2×1010J.（4分）=2R2（2）要使繞地球運動的衛星掙脫地球的引力，需添加的能量是： ΔE=0－E=3.2×1010J.（4分）

17．解析：（1）小球從H高處自由落下，進入軌道，沿BDO軌道做圓周運動，小球受重力和軌道的支持力.設小球通過D點的速度為v，通過D點時軌道對小球的支持力為F（大小等于小球對軌道的壓力）提供它做圓周運動的向心力，即mv2R/2?F?14mg3 ①（2分）

小球從P點落下一直到沿光滑軌道運動的過程中，機械能守恒有，mg(H?R1)?mv2②（222分）

分）

2v0?mg③（2R/2由①②解得高度H?2R?10m（13（2）設小球能夠沿豎直軌道運動到O點時的最小速度為v0，則有m小球至少應從H0高處落下，mgH0?由③④可得H0?R412mv0④（12分）

分）

（1分）

由H>H0，小球可以通過O點.（1分）

（3）小球由H落下通過O點的速度為v0?2gH?14.1m/s（1分）

小球通過O點后做平拋運動，設小球經過時間t落到AB圓弧軌道上，建立圖示的坐標系，有x?v0t ⑤（1分）

y?12gt2⑥（1分）且x2?y2?R2⑦（1分）

京翰教育中心http://www.tmdps.cn/ 高中物理輔導網http://www.tmdps.cn/ 由⑤⑥⑦可解得時間t=1s（負解舍去）（1分）落到軌道上速度大小為v?2v0?(gt)2?17.3m/s（1

分）

18．解析：（1）當飛船以v0繞月球做半徑為rA=R+h的

圓周運動時，由牛頓第二定律得，2v0Mm（2分）G?m2(R?h)(R?h)GMR2g2?則v0?（2分）(R?h)(R?h)式中M表示月球的質量，R為月球的半徑，g?所以代入數據得，v0=1652m/s（2分）

GMR2為月球表面的重力加速度，（2）根據開普勒第二定律，飛船在A、B兩處的面積速度相等，所以有rAvA=rBvB，即(R+h)vA=RvB

①（2分）

12GMm12GMm由機械能守恒定律得，2mvA?R?h?2mvB?R

②（2分）

由①②式并代入數據得，vA=1628m/s（2分）故登月所需速度的改變量為?v?v0?vA?1652?1628?24m/s（2分）

飛船在A點噴氣前后動量守恒，設噴氣總質量為Δm，因噴氣前的動量為mv0，噴氣后的動量為(m－Δm)vA+Δm(v0+u)，前后動量相等，故有mv0=(m－Δm)vA+Δm(v0+u)，（2 分）

故噴氣所消耗的燃料的質量為Δm=mΔv/(u+Δv)=28.7kg（2分）

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第三篇：高三第一輪復習《函數》測試題

高三第一輪復習《函數》測試題

一、選擇題(共50分)：

1．已知函數y?f(x?1)的圖象過點（3，2），則函數f(x)的圖象關于x軸的對稱圖形一定過點

A.（2，-2）B.（2，2）C.（-4，2）D.（4，-2）

2．如果奇函數f?x?在區間?a,b??b?a?0?上是增函數，且最小值為m，那么f?x?在區間??b,?a?上是

A.增函數且最小值為mB.增函數且最大值為?mC.減函數且最小值為mD.減函數且最大值為?m

3.與函數y?0.1lg?2x?1?的圖象相同的函數解析式是

A．y?2x?1(x?11111)B．y?(x?)D．y?C．y? 22x?12x?122x?1

4．對一切實數x，不等式x2?a|x|?1≥0恒成立，則實數a的取值范圍是

A．(??，－2］ B．［－2，2］ C．［－2，??)D．［0，??)

5．已知函數y?f(2x?1)是定義在R上的奇函數，函數y?g(x)的圖象與函數y?f(x)的圖象關于直線y?x對稱，則g(x)?g(?x)的值為

A．2 B．0C．1 D．不能確定

6．把函數y?f(x)的圖像沿x軸向右平移2個單位，所得的圖像為C,C關于x軸對稱的圖像為y?2x的圖像，則y?f(x)的函數表達式為

A.y?2x?2B.y??2x?2 C.y??2x?2D.y??log2(x?2)

7.當0?a?b?1時，下列不等式中正確的是 A.(1?a)?(1?a)B.(1?a)?(1?b)C.(1?a)?(1?a)1

bbabbb2D.(1?a)a?(1?b)b

8．當x??0,2?時，函數f(x)?ax2?4(a?1)x?3在x?2時取得最大值，則a的取值范圍是A.[?,??)B.?0,???C.?1,???D.[,??)2312

?(3a?1)x?4a,x?19．已知f(x)??是(??,??)上的減函數，那么a的取值范圍是 logx,x?1?a

1111A.(0,1)B.(0,)C.[,1)D.[,)3773

10．某種電熱水器的水箱盛滿水是200升，加熱到一定溫度，即可用來洗浴。洗浴時，已知每分鐘放水34升，在放水的同時按4升/分鐘的勻加速度自動注水。當水箱內的水量達到最小值時，放水程序自動停止，現假定每人洗浴用水量為65升，則該熱水器一次至多可供 A．3人洗浴B．4人洗浴 C．5人洗浴D．6人洗浴

二、填空題(共25分)

11．已知偶函數f?x?在?0,2?內單調遞減，若a?f??1?,b?f(log0.5的大小關系為。

12.函數y?logax在[2,??)上恒有y?1，則a的取值范圍是

13.若函數y?1),c?f?lg0.5?，則a,b,c之間4ax?1?4?a???的圖象關于直線y?x對稱，則a=。4x?5?5?

2a?3，則a的取值范圍是。a?114．設f(x)是定義在R上的以3為周期的奇函數，若f(1)?1,f(2)?

第四篇：高三第一輪復習測試題(二)

2013屆高三第一輪復習測試題

（二）湛江農墾實驗中學歐華榮

一、選擇題

某地理學習小組為了深入理解各種氣候類型的分布與成因，做了各種模擬演示。下圖為“某理想區域分布圖”，結合所學知識完成3～5題。

3．在模擬演示中，當黃赤交角變為0°時，如果甲地氣候類型在地球上無法再找到，試分析甲地所在的半球及氣候類型()

A．北半球、地中海氣候

B．北半球、溫帶海洋性氣候

C．南半球、地中海氣候

D．南半球、溫帶海洋性氣候

4．研究表明，甲、乙兩地雖然緯度相當，但氣候特征差異很大，造成其差異的主要因素是()

A．地形B．下墊面C．大氣環流D．人類活動

5．若圖中甲地常年受某風帶的影響，圖中甲地氣候類型是()

A．地中海氣候B．溫帶海洋性氣候

C．溫帶季風氣候D．熱帶草原氣候

3．A [如果黃赤交角為0°，則太陽始終直射赤道，全球的氣壓帶、風帶的位置不再移動，在緯度40°附近，因氣壓帶、風帶位置移動而形成的地中海氣候將不存在，即甲地最可能是地中海氣候；再根據地中海氣候的分布規律可知，甲地應位于北半球。]

4．C [甲、乙兩地分別位于同緯度的大陸西、東岸，兩地大氣環流的不同造成了其氣候特征的差異。]

5．B [甲地常年受某風帶的影響，結合其所在的緯度在40°附近，可知某風帶應是西風帶，甲地位于40°～60°S之間的大陸西岸，為溫帶海洋性氣候。]

（2010年黃州區一中）讀某大陸局部圖，完成22—23題。

22．圖中20℃等溫線向北彎曲的原因是

A．受地形影響B．受洋流影響

C．受河流影響D．受城市影響

22．A 讀圖可知，該地區位于澳大利亞大陸的南部，圖中20℃

等溫線向北彎曲說明比同緯度地區氣溫偏低，為地形影響

23．L島的氣候特征主要表現為

A．冬季溫和，夏季涼爽，雨日多，日照少

B．全年高溫，旱、雨兩季明顯

C．夏季炎熱干燥，冬季溫和多雨 32°

140°

D．夏季高溫多雨，冬季低溫少雨

23．C．圖中L島的氣候類型為地中海氣候，其特征是夏季炎熱干燥，冬季溫和多雨。（武漢市部分學校2011—2012學調研）科羅拉多大峽谷是世界陸地上最長的峽谷之一。從谷底向上，沿巖壁出露著早古生代到新生代的各期巖系，并含有代表性生物化石，大峽谷因此有“活的地質史教科書”之稱。讀科羅拉多某氣象觀測站的多年平均氣溫和降水量統計表和美國科羅拉多大峽谷地區示意圖，回答7~9題。

科羅拉多某氣象觀測站的多年平均氣溫和降水量統計表

8．關于大峽谷地區的氣候特點及成因敘述不正確的 ．．．

是（）

A．因為海拔高，夏季涼爽

B．冬季較為溫和是因為緯度較低

C．受兩側的地形阻擋，水汽難以進入，降水少

該圖為“某大洋海岸大陸等高線地形圖”，左圖為甲區域的放大圖，其中實線為等高線（單位：米），虛線為地層界線，K、M、P為不同地層。讀圖回答問題。

D．受西側的地形抬升，降水多

（1）下列能反映甲地地層剖面的是（）

（2）若甲地區終年受西風控制，則關于a、b兩河的敘述，正確的是（）

A．a河的水能比b河更豐富

B．與b河相比，a河徑流的季節變化更小

C．b河下游西南岸沖刷嚴重

D．與a河相比，b河的航運條件更好

【答案】（1）CD（2）CD

41．（28分）阜陽是安徽的西北門戶，這座享譽盛名的農業大市，也是安徽省勞務輸出最大城市?！笆濉逼陂g，阜陽市政府提出大力實施農業產業化倍增計劃，力爭實現全市農產品加工產值500億元，由“百億糧倉”向“江淮廚房”轉型。根據下列材料，結合所學知識，完成（1）—（5）題。

材料一：安徽省區域圖

材料二：2010年安徽全省和兩市經濟數據統計圖。

（1）安徽省最主要的地形類型為，貫穿該省南部的長江大致流向是。每年7、8月淮河以北地區經常出現暴雨天氣是由（天氣系統）過境時形成的。（6分）

（2）阜陽市的主要糧食作物是，其所在地區的自然帶類型為。（4分）

（3）與全省相比，馬鞍山市經濟發展的突出特點是和；為促進經濟的進一步發展，今后馬鞍山市要調整產業結構，應大力發展第產業。（6分）

（4）2012年春運期間阜陽火車站對外輸出勞務人員大約接近兩百多萬人。試分析阜陽市成為安徽省勞務輸出最大基地的原因。（6分）

（5）阜陽由“百億糧倉”向“江淮廚房”的產業轉型對當地人口遷移和城市化進程將產生哪些影響？（6分）

（2）阜陽市位于淮河以北地區，屬于我國北方地區，為溫帶季風氣候，其主要糧食作物是冬小麥，其所在地區的自然帶類型為溫帶落葉闊葉林帶。

（3）根據2010年安徽全省和兩市經濟數據統計圖中數據，馬鞍山市經濟發展的突出特點是人均GDP高和第二產業比重大，為促進經濟的進一步發展，今后馬鞍山市要調整產業結構，應大力發展第三產業，此題難度不大，但需明白產業結構調整方向是提高二、三產業的比重，最終實現第三產業大于第二產業大于第一產業。

（4）阜陽市成為安徽省勞務輸出最大基地的原因主要從勞動力數量、經濟發展水平地區差異、與長三角地區的距離等方面來分析。

（5）阜陽由“百億糧倉”向“江淮廚房”的產業轉型，是指從商品糧基地向發展農產品加工工業，對當地人口遷移和城市化進程的影響主要表現是區域內農村人口向城鎮遷移加快，城鎮規模擴大，城市化水平不斷提高。

【考點定位】該題考查中國區域地理，重點考查地形、氣候、自然帶、產業結構和人口流動等知識點。

（2012江蘇鹽城高三摸底）27．讀南美洲部分區域氣候分布圖，回答下列問題：（15分）

（1）寫出圖中字母所在地區的氣候類型：

A▲；B▲；(2分)

（2）圖中受單一氣壓帶控制而形成的氣候類型是

▲、▲（填字母）；受氣壓帶、風帶交替控制而形

成的氣候類型是▲（填字母）。（3分）

（3）簡述C、D兩種氣候的特征。（4分）

（4）C、E兩地氣候類型相同。C氣候區面積廣大，其主

要原因是▲。簡述E地氣候類型的成因。（6分）

（1）A熱帶沙漠氣候；B高山氣候；（2分）

（2）A、C、D（3分）

（3）C終年高溫多雨D終年高溫，干濕季交替（4分）

（4）平原面積廣大（2分）處于東南信風的迎風地帶；沿岸有巴西暖流。（4分）。

下圖中河流都是北岸沖刷嚴重。讀圖回答24～25題。

甲乙丙

24.下列有關甲、乙、丙三個地區所在的半球及其氣候類型的說法，正確的是：

A．甲位于北半球，屬于地中海氣候

B．乙位于北半球，屬于亞熱帶季風氣候

C．丙位于南半球，屬于溫帶海洋性氣候

D．甲能確定，乙、丙不能確定

25.若丙圖中河流方向不變，等高線為等潛水位線，下列說法正確的是：

A．甲地受副熱帶高壓控制B．乙地盛行西北風

C．丙地盛行西南風D．乙地高溫多雨

（四川省南充高中2012屆高三第一次月考）下圖是東亞部分地區示意圖，圖中甲、乙、丙三地緯度大致相同?；卮?8～29題。

28．下列氣候特征中，三地差異最明顯的是

A．氣溫年較差 B．降水量的季節變化 C．夏季風的風向 D．高溫期與多雨期的時間

29．日本1月0℃等溫線與北緯38°緯線基本吻合，而中國東部地區1月0℃等溫線與北緯

33°緯線基本吻合。說明

A．日本地形以山地為主，中國東部以平原為主

B．日本1月南北溫差小，中國東部1月南北溫差大

C．日本受冬季風影響小，中國東部受冬季風影響大

D．日本1月晴朗天氣多，中國1月日照時間短

第五篇：高三歷史第一輪復習測試題7

課時提能演練

一、選擇題

1.1628年，英國議會通過《權利請愿書》，造成的影響是()A.捍衛了新教徒的宗教自由 B.導致議會與國王之間的政權之爭 C.使得民眾對國王不滿情緒高漲 D.直接引發了英國資產階級革命

2.1629年，查理一世驅散議會，主要是因為議會()A.反對國王對外擴張 B.要求實行宗教自由 C.反對國王擅自征稅 D.提交《權利請愿書》

3.《大抗議書》實質上反映了英國資產階級的核心要求，即()A.廢除國家的稅收制度 B.廢除封建稅收特權 C.廢除落后的君主制度 D.獲得議政參政權力

4.（2012·皖南模擬）《獨立宣言》第一行寫道：“……在世界各國之間依照自然法則和上帝的意旨，接受獨立和平等的地位……”；最后一行寫道：“為了支持這篇宣言，我們堅決信賴上帝的庇佑，以我們的生命、我們的財產和我們神圣的名譽，彼此宣誓。”這主要表明()A.北美人民信仰上帝 B.《獨立宣言》體現天賦人權思想 C.天主教統治著北美大陸 D.英國對北美大陸實行宗教迫害

5.(2012·佛山模擬）“我們認為這些真理是不言而喻的：人人生而平等……為了保障這些權利，人類才在他們之間建立政府，而政府之正當權力，是經被統治者的同意而產生的。當任何形式的政府對這些目標具破壞作用時，人民便有權力改變或廢除它，以建立一個新的政府。”《獨立宣言》認為政府產生的前提是()A.人人平等

B.保障人權 C.推翻舊政權

D.人民同意

6.法國大革命伊始，資產階級便頒布《人權宣言》。其政治意圖是()A.否定君主專制

B.反映大眾利益 C.宣傳啟蒙思想

D.表達政治誠意

7.法國憲法修改更迭頻繁，但多部法國憲法都以《人權宣言》為序言，這是因為它()A.宣布廢除君主制 B.確定了法國的政治體制

C.宣布了關于人權、公民權和法制的一系列原則 D.充分闡明了三權分立的原則

8.法國《人權宣言》提出：“法律是公共意志的表現……在法律面前所有的公民都是平等的?！笨梢?，《人權宣言》認為政治民主化就是要保證()A.法律面前人人平等

B.議會是立法機關 C.私有財產不可侵犯

D.人們的絕對自由

9.《獨立宣言》所體現的民主思想，哪一點是對啟蒙思想的發展()A.平等的思想

B.天賦人權學說 C.“主權在民”的學說

D.人民革命權利 10.法蘭西第一帝國的滅亡說明了()A.法國封建傳統根深蒂固 B.拿破侖違背了歷史潮流 C.軍事專政不符合資產階級的要求 D.歐洲封建勢力十分強大

二、非選擇題 11.閱讀下列材料：

材料一 不經議會同意，不得強行向人民征稅或借債；任何人如未被指出其具體罪狀，不得加以逮捕；任何人如無法庭判決，不能被剝奪財產；不可讓士兵強占民房；在和平時期不能用軍事法對公民進行審判……

——《權利請愿書》

材料二 歷數國王即位以來的弊政：強制性借款，未經議會同意征稅，出售專賣權，對議員們的非法傳訊、罰款和監禁，強行解散四屆議會以及無議會的個人獨裁等。重申議會下院掌握稅收、撥款等財政決定權；要求國王只能從“議會有根據相信”的人中任免大臣和高級官員。

——《大抗議書》 請回答：

(1)據材料一，分析《權利請愿書》提出的原因是什么？有何意義？(2)《權利請愿書》和《大抗議書》是17世紀英國政治史上的重要文獻，結合所學知識說明其共同的歷史作用。12.閱讀下列材料，回答問題。

材料一 我們認為這些真理是不言而喻的：人人生而平等，造物者賦予他們若干不可剝奪的權利，其中包括生命權、自由權和追求幸福的權利。為了保障這些權利，人們才在他們之間建立政府，而政府之正當權力，是經被統治者的同意而產生的。當任何形式的政府對這些目標具破壞作用時，人民便有權力改變或廢除它，以建立一個新的政府。

——《獨立宣言》（1776年7月4日）

材料二 1963年美國黑人民權運動領袖馬丁·路德·金牧師在林肯紀念堂前向25萬人發表了著名的演說——《我有一個夢想》：……我夢想有一天，在佐治亞州的紅色山岡上，昔日奴隸的兒子能夠同昔日奴隸主的兒子同席而坐，親如手足。我夢想有一天，我的四個孩子將生活在一個不是以膚色的深淺，而是以品格的優劣為評判標準的國家里……

（1）根據材料一，概述《獨立宣言》的基本主張。

（2）根據材料二，概括馬丁·路德·金的夢想。為什么《獨立宣言》通過近200年后，馬丁·路德·金仍在追求這一夢想？它反映了民主政治演進歷程有何特點？

13.（2012·吉林模擬）閱讀材料，回答問題。材料一 在北美的13個殖民地，英國對所有出版物施行許可制度，任何想要從事出版的人都必須事先申請許可證。通過《反煽動性誹謗法》，該法律把對政府及其官員的不恭言辭都視為犯罪，要求所有出版機構都必須尊重政府。即使所言為真，比如指控某官員收受賄賂，也不能構成辯護理由，因為，言出有據的批評比不實的指控“危害”更大?？刈镆坏┏闪?，即可被處以包括死刑在內的任何刑罰。

——《世界博覽》

材料二 美國著名政治家喬治·弗里斯比·霍爾在1898年美西戰爭時批評政府，反對在菲律賓軍事殖民時說：“目前我們必須搞清楚的是，在沒有得到一個國家允許的情況下，我們的國會能不能強行征服和統治這個國家……你沒有權利依仗武力把你的《獨立宣言》、你的憲法、你的自由觀和價值觀強加在別人頭上?！?/p>

——《世界博覽》

（1）根據材料一，說明英國是如何壓制北美人民言論自由的？根據所學知識回答美國建立后，在法律上是怎樣保證言論自由的？（2）根據材料并結合所學知識回答霍爾的言論有何歷史意義？ 14.閱讀材料，回答問題。

材料一 ……自今而后，非經國會法案共表同意，不宜強迫任何人征收或繳付任何貢金、貸款、強迫獻金、租稅或類此負擔。

——《權利請愿書》

材料二 任何政治結合的目的都在于保存人的自然的和不可動搖的權利。這些權利就是自由、財產、安全和反抗壓迫。

——《人權宣言》

(1)材料一、二的相同主張是什么?指出這一主張成為社會主流思想的根源。

(2)為“保存人的自然的和不可動搖的權利”，啟蒙思想家們提出了哪些政治原則? 15.（2012·大同模擬）閱讀材料，回答問題。材料 在宇宙萬物的體系中，人類本來是平等的……

可是，還有一種不能用真正自然的或宗教的理由來解釋的更大的差別，那就是把人們分成“國王”和“臣民”的差別……

除君主政體的弊害以外，另外還有世襲的弊害；君主政體意味著我們自身的墮落和失勢，同樣地，被人當作權利來爭奪的世襲,則是對我們子孫的侮辱和欺騙。因為，既然一切人生來是平等的，那么誰也不能由于出身而有權創立一個永遠比其他家庭占優越地位的家庭，并且，雖然他本人也許值得同時代人的相當程度的尊敬,他的后輩卻可能絕對不配承襲這種榮譽……

對大不列顛的任何屈從或依附,都會立刻把這個大陸卷入歐洲的各種戰爭和爭執，使我們同一些國家發生沖突……既然歐洲是我們的貿易市場，我們就應當同歐洲的任何部分保持不偏不倚的關系。北美的真正利益在于避開歐洲的各種紛爭，如果它由于對英國處于從屬地位，變成英國政治天平上的一個小小的砝碼，它就永遠不能置身于紛爭之外。

——馬清槐等譯《潘恩選集》(1)材料中潘恩闡述了哪些觀點？

(2)結合所學知識分析1776年潘恩發表《常識》的原因。16.（2011·咸陽模擬）閱讀下列材料：

材料一 自由傳達思想和意見是人類最寶貴的權利之一，因此，各個公民都有言論、著述和出版的自由，但在法律所規定的情況下，應對濫用此項自由負擔責任。

——《人權宣言》

材料二 英國人阿瑟·揚在親臨法國大革命初期的國民議會現場后，有如下評論：“旁聽席上的群眾被允許以鼓掌和其他表示贊許的聲音來干預辯論，這樣做太欠雅觀，也很危險，因為他們既然可以表示贊許，也就可以表示反對，既然可以鼓掌，也就可以發出噓聲。據說，他們已經這樣做了，而這樣是會壓制辯論，影響議事的?！?/p>

——《1787～1789年法國游記》

請回答：

（1）根據材料一，談談你對民主與自由的認識。

（2）分析直接和間接兩種形式的民主各自在法國大革命中的作用。

答案解析

1.【解析】選C。斯圖亞特王朝君主不經議會通過而任意征稅和強行借債的做法，表現了封建統治者濫用王權、凌駕于議會和人民之上?！稒嗬堅笗返耐ㄟ^則是在這種背景下出現的。這里的“權利”包括了國王與人民的權利。A項不符合史實，B項“政權之爭”言之有過，而D項錯在“直接”一詞上。C項所述是提高了民眾覺悟，為后來的革命創造了條件。

2.【解析】選C。查理一世雖然批準了《權利請愿書》，但不久他又故意曲解請愿書的原意，繼續不經議會同意擅自征稅。當議會號召人民抗稅時，他于1629年解散議會，實行無議會統治。

3.【解析】選D?！洞罂棺h書》從表面上看是抗議國王濫用稅收特權，但是本質上是資產階級要求獲得議政參政的權力。

4.【解析】選B。由材料中“在世界……依照自然法則和上帝的意旨,接受獨立和平等……”“信賴上帝的庇佑”說明人是生而平等的，這種權力來自于上帝，體現了天賦人權的思想。A、C、D三項在材料中無法體現出來，排除。

5.【解析】選D。抓住關鍵信息“政府之正當權力，是經被統治者的同意而產生的”，即可得出正確結論。

6.【解析】選A。通過內容分析可知，法國資產階級用以法律為基礎的國民權利，取代了以君主個人意志為標志的封建特權。

7.【解析】選C?！度藱嘈浴沸嫉年P于人權、公民權和法制的一系列原則體現了近代社會的基本要求，因而被用為序言。A、B、D三項在《人權宣言》中都沒有體現。

8.【解析】選A。政治民主化是以法律面前人人平等為前提的，但絕對自由是不存在的。9.【解析】選D。本題旨在考查對兩個不同事件之間的比較，A、B、C三項在啟蒙運動中都已經出現，只有D項是《獨立宣言》對啟蒙思想的發展。

10.【解析】選D。拿破侖帝國是被以歐洲封建主為主體的反法聯盟打敗的，說明當時歐洲的封建勢力仍十分強大。

11.【解析】本題主要以議會與國王的斗爭為主題，考查學生閱讀理解材料并從中提取有效信息的能力及綜合歸納、比較的能力。第(1)題，注意以材料一為依托，依據所學知識概括、歸納即可。第(2)題，解題時注意關鍵詞“共同的”，依據材料中對“議會”、“國王”不同權限的規定分析其相同的歷史作用。

答案：(1)原因：①斯圖亞特王朝的封建專制統治嚴重阻礙了資本主義的發展。②為抗議和約束查理一世的胡作非為，議會于1628年通過了《權利請愿書》。

意義：①它的通過表明資產階級、新貴族與國王的矛盾進一步尖銳。②表明了資產階級和新貴族開始了反抗國王專制統治的斗爭。(2)共同歷史作用：在一定程度上限制了國王的權力，提高了議會的地位。

12.【解析】本題主要以《獨立宣言》為主題，考查學生概括、分析和知識遷移運用能力。第（1）題分析歸納材料并從材料中獲取思想主張。第（2）題從材料“在佐治亞州的紅色山岡上，昔日奴隸的兒子能夠同昔日奴隸主的兒子同席而坐，親如手足”，“一個不是以膚色的深淺，而是以品格的優劣為評判標準的國家里”概括其夢想，原因與特點需結合所學知識分析歸納。

答案：（1）天賦人權；自由平等；社會契約；人民主權。（2）夢想：人人生而平等。

原因：美國建國后實行的民主政治具有局限性，一直存在著種族歧視。特點：民主政治歷程具有漸進性；追求真正的民主政治的道路具有曲折性；民主政治的實現要通過不懈的斗爭。

13.【解析】本題考查學生閱讀材料、從材料中獲取有效信息的能力。第（1）題英國壓制北美人民言論自由采取的辦法根據材料“對所有出版物施行許可制度”“通過《反煽動性誹謗法》，該法律把對政府及其官員的不恭言辭都視為犯罪”概括出兩種方式，美國的做法根據所學知識回答。第（2）題根據材料和所學知識從捍衛自由、權利和民主方面回答。

答案：（1）英國主要有兩種方式，第一種是事先限制的施行許可制度，阻止非正統觀念的傳播。第二種方式就是事后懲罰的《反煽動性誹謗法》，壓制北美的言論自由。通過美國憲法修正案的規定保障人民權利。（規定人民享有言論、出版、集會、示威等自由權利）（2）捍衛自由言論的核心價值；捍衛憲法賦予的權利；捍衛憲政代議制民主的真諦。

14.【解析】本題考查學生比較、分析問題的能力。第（1）題根據材料信息歸納共同點，根源要從經濟因素上去分析。第（2）題考查啟蒙運動中的主要思想主張，根據所學知識把主要的學說觀點歸納全面即可。答案：（1）主張：維護人權。根源：適應并促進了資本主義經濟的發展。

（2）原則：主權在民、天賦人權、分權制衡、社會契約、法治取代人治。

15.【解析】本題考查學生綜合分析、理解能力。第（1）題根據材料“人類本來是平等的”“君主政體意味著我們自身的墮落和失勢”“對大不列顛的任何屈從或依附,都會立刻把這個大陸卷入歐洲的各種戰爭和爭執”等方面概括。第（2）題根據北美獨立戰爭的背景回答。答案：（1）①倡導天賦人權、人生而平等，批判君主制、世襲制。②指出獨立的諸多好處，獨立不但會給北美人民帶來自由，而且還能使他們享受經濟繁榮。相反，如果繼續與英國保持聯系，則只能延長北美人民的痛苦。

（2）①潘恩認為1775年北美人民之所以拿起武器卻不是為獨立而戰，而是與英軍作戰。②潘恩認為要破除人們對國王的幻想，對國王的幻想將會對北美的反英武裝斗爭帶來不利的后果，使得英國有可能把北美革命運動扼殺在萌芽狀態中。③潘恩明確告訴他們：北美獨立就是戰爭的目標，使人民的思想感情從依附于英國轉到獨立，從君主制轉變到共和的政府形式，以鼓勵北美人民更勇敢地走上戰場。16.【解析】本題考查學生理解、分析和獲取材料有效信息的能力。第（1）題從材料信息“但在法律所規定的情況下，應對濫用此項自由負擔責任”說明民主與自由不是絕對的，而是有法律的約束。第（2）題從材料中國民議會的現場，可分析直接民主的利弊，而間接民主的利弊則需要結合所學知識，進行分析概括歸納。

答案：（1）民主與自由是人民應該享有的權利，但是如果超越了法律，那就是極端自由主義，會危害其他人享有民主的權利，會威脅社會的穩定。因而我們應該增強法制意識，營造一個依法治國的良好社會環境。

（2）直接民主：人民主權原則和平等觀念獲得廣泛認同；動員群眾，形成革命的根本動力；行之過當，社會秩序不穩。

間接民主：取代舊制度，建立了基本的民主制度；確立統治秩序，鞏固革命的基本成果；行之不當，不利于革命的推進。