第一篇：信息卷一(定稿)

永州市 2019 年高考信息卷（一）

數學（理科）

組卷：申儉生（永州三中）

王勇波（祁陽一中）

郭志成（永州四中）

楊迪虹（永州一中）

審稿：蔣

健（市教科院）

注意事項：

1．答題前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上.2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號.回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效.3．考試結束后，只交答題卡.一、選擇題：（本大題共 12 小題，每小題 5 分，共 60 分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的，請將正確選項的代號填入答題卷內．）

1．（東安一中陳全偉）設復數 z 滿足 1 i z i ? ? ?，則 z 的共軛復數為 A． 1 i ? ?

B． 1 i ?

C． 1 i ? ?

D． 1 i ?

2．（永州一中屈波）若集合? ?1 A x y x ? ? ?，? ?22 3 B y y x x ? ? ? ?，則 A B ?

A． ? ? 1,??

B． ? ? 1,??

C． ? ? 2,??

D． ? ? 2,??

3．（永州一中屈波）設向量1(1 sin)2a x ? ?，3(sin 1)2b x ? ?，則“ a?∥ b?”是“6x?? ”的A．充分非必要條件

B．必要非充分條件 C．充分必要條件

D．既非充分又非必要條件.4．（江華一中汪峰）下列說法中正確的是 A．若樣本數據 x 1，x 2，…，x n 的平均數為 5，則樣本數據 2x 1 ＋1，2x 2 ＋1，…，2x n ＋1 的平均數為 10． B．用系統抽樣法從某班按學號抽取 5 名同學參加某項活動，若抽取的學號為 5，16，27，38，49，則該班學生人數可能為 60． C．某種圓環形零件的外徑服從正態分布 N（4，0.25）（單位：cm），質檢員從某批零件中隨機抽取一個，測得其外徑為 5.6 cm，則這批零件不合格． D．對某樣本通過獨立性檢驗，得知有 95%的把握認為吸煙與患肺病有關系，則在該樣本吸煙的人群中有 95%的人可能患肺病． 5．（江永一中吳永波）為美化環境，從紅、黃、白、紫4 種顏色的花中任選2 種花種在一個花壇中，余下的 2 種花種在另一個花壇中，則紅色和紫色的花不在同一花壇的概率是 A．13

B．12

C． 23

D．56 6．（江永一中吳永波）在 ABC ? 中，AB AC AB AC ? ? ?，4,2 AB AC ? ?，, E F

為 BC 的三等分點，則 AE AF? ?

A．89

B．289

C．259

D．409

7．（江華二中蔣團好）已知直線 2(3)4 0()x y m m R ? ? ? ? ? 恒過定點 P，若點 P平分圓2 22 4 4 0 x y x y ? ? ? ? ? 的弦 MN，則弦 MN 所在直線的方程是 A．x＋y－5＝0

B．x＋y－3＝0

C．x－y－1＝0

D．x－y＋1＝0 8．（永州一中屈波）數列 { }na 的首項為 3，} {nb 為等差數列且1()n n nb a a n N? ?? ? ?，若32 b ? ?，1012 b ?，則13a ?

A．60

B．63

C．66

D．69 9．（永州一中屈波）定義在 R 上的函數()f x 滿足()()f x f x ? ??，(1)f x? 是偶函數，且當 [0,1] x? 時()(2)f x x x ? ?，則15()2f ?

A．34?

B．34

C．32?

D．32 10．（江永一中吳永波）已知定義在 ? ? 1,1 ? 上的函數1()3()sin3x xf x x ? ? ?，則滿足不等式(2)(1)0 f x f x ? ? ? 的 x 的取值范圍是 A．1 1[ ]3 2，B．1(,1)2

C．1 1 ]3 2（，D．1[3?，12)11．（江華二中蔣團好）已知拋物線 C：28 y x ? 的焦點為 F，準線為 l，P 是 l 上一點，直線 PF 與曲線 C 相交于 M，N 兩點，若 3 , PF MF ? 則|MN|＝ A．212

B．323

C．10

D．11 12．（祁陽一中王勇波）已知函數23()lnln 3xf x e x x kxe x x? ? ? ??有三個不同的零點，則 k 的取值范圍 A．3(0,)4

B．3[0,)4

C．1[ ,1)2

D．3(2 3 4,)4?

二、填空題：（本大題共 4 小題，每小題 5 分，共 20 分，請將答案填在答題卷中對應題號后的橫線上．）

13．（祁陽一中王勇波）41(1)xx? ?的展開式中，x 的系數為

（用數字作答）． 14．（江華二中蔣團好）已知雙曲線2213xy ? ?的左、右焦點分別為1 2, , F F 點 P 在雙曲線上，且滿足1 22 5, PF PF ? ? 則1 2PFF ? 的面積為

．

15．（祁陽一中王勇波）祖暅（456 年~536 年）提出：“冪勢相同，則積不容異”，意思是界于兩個平行平面之間的兩個立體圖形，被任一平行于這兩個平面的平面所截，如果兩個截面的面積相等,則這兩個立體的體積相等．俗稱祖暅原理．實際上早在公元 263 年我國魏晉大數學家劉徽在《九章算術》中就提及，劉徽為了求球的體積，創造性構造了一個立體圖形：兩個底面半徑相同圓柱體（如圖一）垂直相交，它們的公共部分．．．．叫做牟合方蓋（如圖二），它的三視圖如圖三，作出此牟合方蓋的內切球，并用任意水平平面截牟合方蓋與內切球，得到它們的截面分別是正方形與圓（如圖四），且圓恰好是正方形的內切圓，由此劉徽得出牟合方蓋的體積與它的內切球的體積比是

．

（圖一）

（圖二）

（圖三）

（圖四）

16．（祁陽一中王勇波）函數()sin()(0)6f x x?? ? ? ? ? 在區間 [ ,2)? ? 有最大值但無最小值，則 ? 的取值范圍是

． 三、解答題：（本大題共 6 小題，共 70 分，解答應寫出文字說明，證明過程或演算步驟）

17．（永州四中郭志成）（本小題滿分 12 分）已知數列 { }na 前 n 項和 S n 滿足2 2()n nS a n N ? ? ? ?，{ } nb 是等差數列，且3 4 1 6 42 , a b b b a ? ? ?．

（1）求 { }na 和 { }nb 的通項公式：

（2）求數列2{(1)}nnb ? 的前 2n 項和2nT．

18．（東安一中陳全偉）（本小題滿分 12 分）如圖，四棱錐 P ABCD ?，/ / AB CD，90 BCD ? ? ?，2 2 4 AB BC CD ? ? ?，PAB △ 為等邊三角形，平面 PAB?平面 ABCD，Q 為 PB 中點．（1）求證：

AQ ?平面 PBC；（2）求二面角 B-PC-D 的余弦值．

19．（永州一中屈波）（本小題滿分 12 分）已知橢圓2 212 2: 1(0)x yC a ba b? ? ? ? 的左、右焦點分別為1 2F F，且2F 為拋物線22 :2(0)C y px p ? ? 的焦點，2C 的準線交橢圓1C 于A B，兩點，且 | | 3 AB ?，2ABF ? 的周長為 8.（Ⅰ）求1C 和2C 的方程；（Ⅱ）已知直線 l 與拋物線2C 相切（切點異于原點），且 l 與橢圓1C 相交于 N M, 兩 點，若橢圓1C 上存在點 Q，使得2 77OM ON OQ ? ?，求直線 l 的方程.20．（江永一中吳永波）（本小題滿分 12 分）某客戶準備在家中安裝一套凈水系統，該系統為三級過濾，使用壽命為十年．如圖所示，兩個一級過濾器采用并聯安裝，二級過濾器與三級過濾器為串聯安裝．

其中每一級過濾都由核心部件濾芯來實現．在使用過程中，一級濾芯和二級濾芯都需要不定期更換（每個濾芯是否需要更換相互獨立），三級濾芯無需更換，若客戶在安裝凈水系統的同時購買濾芯，則一級濾芯每個 80 元，二級濾芯每個 160 元．若客戶在使用過程中單獨購買濾芯，則一級濾芯每個 200 元，二級濾芯每個 400 元．現需決策安裝凈水系統的俯視圖側視圖 正視圖QPCDBA（第 18 題圖）

同時購濾芯的數量，為此參考了根據 100 套該款凈水系統在十年使用期內更換濾芯的相關數據制成的圖表，其中圖是根據 200 個一級過濾器更換的濾芯個數制成的柱狀圖，表是根據 100 個二級過濾器更換的濾芯個數制成的頻數分布表．

二級濾芯更換頻數分布表 二級濾芯更換的個數 5 6 頻數 60 40

以 200 個一級過濾器更換濾芯的頻率代替 個一級過濾器更換濾芯發生的概率，以 100個二級過濾器更換濾芯的頻率代替 個二級過濾器更換濾芯發生的概率．（1）求一套凈水系統在使用期內需要更換的各級濾芯總個數恰好為 30 的概率；（2）記 X 表示該客戶的凈水系統在使用期內需要更換的一級濾芯總數，求 X 的分布列及數學期望；（3）記 m，n 分別表示該客戶在安裝凈水系統的同時購買的一級濾芯和二級濾芯的個數．若 28 m n ? ?，且 ? ? 5,6 n?，以該客戶的凈水系統在使用期內購買各級濾芯所需總費用的期望值為決策依據，試確定 m，n 的值．

21．（祁陽一中王勇波）（本題滿分 12 分）設函數()sin , [0, ]2f x ax x x?? ? ? ．（1）討論()f x 的最大值；（2）設()f x ≥ 1 3cosx ? ,求 a 的取值范圍．

請考生在 22、23 題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計分，做答時，請用 2B 鉛筆在答題卡上將所選題號后的方框涂黑． 22．（東安一中陳全偉）【選修 4-4：坐標系與參數方程】（本小題滿分 10 分）

在直角坐標系 xOy 中，直線 l 的參數方程為1232x ty a t?? ?????? ???（t 為參數，a?R），以坐標原點為極點，x 軸正半軸為極軸建立極坐標系，曲線 C 的極坐標方程為 4cos ? ? ?，射線? ? 03? ??? ? 與曲線 C 交于 O，P 兩點，直線 l 與曲線 C 交于 A B，兩點．（1）求直線 l 的普通方程和曲線 C 的直角坐標方程；（2）當 AB OP ? 時，求 a 的值．

23．（江華一中汪峰）【選修 4-5：不等式選講】（本小題滿分 10 分）已知函數 f（x）＝|x＋a|＋|x－2|，其中 a 為實常數．（1）若函數 f（x）的最小值為 3，求 a 的值；（2）若當 x∈[1，2]時，不等式 f（x）≤|x－4|恒成立，求 a 的取值范圍．

永州市 2019 年高考信息卷（一）

數學(理科)參考答案

一、選擇題：本大題共 12 小題，每小題 5 分，共 60 分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的． 題號 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 A C B C C D A B A C B A

二、填空題：（本大題共 4 小題，每小題 5 分，共 20 分，請將答案填在答題卷中對應題號后的橫線上．）

13．－8

14．1

15．4?

16．4 5 16 11(, ](, ]9 6 9 6 三、解答題：（本大題共 6 小題，共 70 分，解答應寫出文字說明，證明過程或演算步驟）

17．解：（1）2n nS a ? ?，當 1 n? 時，得12 a ?，…………………………………………………1 分 當 2 n? 時，1 12 2n nS a? ?? ?，作差得 12n na a??，(2)n ?

所以數列 { }na 是以 2 為首項，公比為 2 的等比數列, 所以 2 nna ?.………………………………………………3 分 設等差數列 { }nb 的公差為 d，由3 4 12 a b b ? ?，6 4b a ?，所以18 3d b ? ?，116 5d b ? ?，所以 3 d ?，11 b ?，所以 3 2nb n ? ?.………………………………………………6 分（2）2 2 2 2 2 22 1 2 3 4 2 1 2()()()n n nT b b b b b b?? ? ? ? ? ? ????? ? ?2 3 4 2 1 23()3()3()n nb b b b b b?? ? ? ? ????? ?

…………8 分 又因為 3 2nb n ? ?，1 2 3 4 2 1 2 1 2 23()3()3()3()n n nb b b b b b b b b?? ? ? ? ????? ? ? ? ?????

所以 ? ?21 222()3 3 1 3(2)2 18 32nnn b bT n n n n?? ? ? ? ? ? ? ?.…………12 分

18．（本小題滿分 12 分）

（1）證明：因為 // AB CD，90 BCD ? ? ?，所以 AB BC ?，又平面 PAB?平面 ABCD，且平面 PAB平面 ABCD AB ?，所以 BC ⊥平面 PAB，又 AQ ?平面 PAB，所以 BC ⊥ AQ，因為 Q 為 PB 中點，且 PAB △ 為等邊三角形，所以 PB ⊥ AQ，又 PB BC B ? I，所以 AQ ?平面 PBC

…………………………4 分（2）解法一：取 AB 中點為 O，連接 PO，因為 PAB △ 為等邊三角形，所以 PO ⊥ AB，由平面 PAB ⊥平面 ABCD，所以 PO ⊥平面 ABCD，所以 PO ⊥ OD，由 2 2 4 AB BC CD ? ? ?，90 ABC ? ? ?，可知 // OD BC，所以 OD AB ? ． 以 AB 中點 O 為坐標原點，分別以 , , OA OD OP 所在直線為 , , x y z 軸，建立如圖所示的空間直角坐標系 O xyz ?.所以 ? ? ? ? ? ? 2,0,0 , 0,2,0 , 2,2,0 , A D C ?? ? ? ?0,0,2 3 , 2,0,0 P B ?，所以 ? ?? ?2,2,0 , 0, 2,2 3 , AD DP ? ? ? ? ? ? 2,0,0 CD ?，由(1)知，可以 AQuuur為平面 PBC 的法向量，因為 Q 為 PB 的中點，所以? ?1,0, 3 Q ?，由(1)知，平面 PBC 的一個法向量為? ?3,0, 3 AQ ? ?uuur，設平面 PCD 的法向量為 ? ? , , n x y z ?，由0,0n CDn DP?? ???? ? ??得2 02 2 3 0xy z? ??? ?? ? ??，取 1 z ?，則? ?0, 3,1 n ?，所以23 1cos ,43 3 3 1AQ nAQ nAQ n?? ?? ? ?? ? ?uuur ruuur ruuur r，因為二面角 B PC D ? ? 為鈍角，OzyxQPCDBAQPCDBA(第 18 題圖)

所以，二面角 B PC D ? ? 的余弦值為14?

…………………………………12 分 解法二：過點 B 作 PC 的垂線 BH，交 PC 于點 H，連結 DH.由解法一知 PO ⊥平面 ABCD，CD ?平面 ABCD，所以 PO CD ?.由條件知 OD CD ?，又 PO OD O ?，所以 CD ⊥平面 POD，又 PD ?平面 POD，所以 CD PD ⊥，又 CD CB ?，所以 Rt PDC Rt PBC △ ≌ △，所以 DH PC ⊥，由二面角的定義知，二面角 B PC D ? ? 的平面角為 BHD ?.在 Rt PDC △ 中，4, 2 PB BC ? ?，2 5 PC ?，由 PB BC BH PC ? ? ?，所以4 2 4 55 2 5PB BCBHPC? ?? ? ?.同理可得4 55DH ?，又 2 2 BD ?.在 BHD △ 中，2 2 2cos2BH DH BDBHDBH DH? ?? ∠224 5()(2 2)154 4 52()5? ?? ? ?.…………………………12 分

19．解：（1）由題得2234 8baa?? ??????2, 3, =2 2 a b p c ? ? ?，故2 221 2: 1, : 44 3x yC C y x ? ? ? …………………………………………………4 分（2）由題知 l 存在斜率且不為 0，設), 0(: ? ? ? m n my x l),(), ,(), ,(0 0 2 2 1 1y x Q y x N y x M

聯立24x my ny x? ? ?????24 4 0 y my n ? ? ?，因為 l 與2C 相切，故210 0 m n ? ? ? ? ?

HOQPCDBA

聯立2 23 4 12x my nx y? ? ???? ??2 2 2(3 4)6 3 12 0 m y mny n ? ? ? ? ?，方程的兩根為2 1 , yy，所以 21 2 1 22 26 3 12,3 4 3 4mn ny y y ym m?? ? ? ?? ?

220 3 4 3 4(4,1)n m n n ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?，又20 m n ? ? ?，因此)0 , 4(? ? n

由2 77OM ON OQ ? ? ?1 2 01 2 02 772 77x x xy y y?? ?????? ???由韋達定理代入，得02024 73 43 73 4nxmmnym???? ???? ??? ?，而點),(0 0y x Q 在橢圓上，即2 20 03 4 12 x y ? ?，代入得 2 2 22 22 2 2 248 7 36 712 7 3 4,(4,0)(3 4)(3 4)n m nn m nm m? ?? ? ? ? ? ? ?? ?，解得 1 n??

或47n ?（舍去）

故直線方程為 1 0 x y ? ? ? 或 1 0 x y ? ? ?

…………………………12 分

20．解：（1）由題意可知，若一套凈水系統在使用期內需要更換的各級濾芯總個數恰好為30，則該套凈水系統中的兩個一級過濾器均需更換 12 個濾芯，二級過濾器需要更換 6 個濾芯．設“一套凈水系統在使用期內需要更換的各級濾芯總個數恰好為 30”為事件 ． 因為一個一級過濾器需要更換 12 個濾芯的概率為 0．4，二級過濾器需要更換 6 個濾芯的概率為 0．4，所以()0.4 0.4 0.4 0.064 P A ? ? ? ? ．

（2）由柱狀圖可知，一個一級過濾器需要更換的濾芯個數為 10,11,12 的概率分別為0．2,0．2,0．4． 由題意，可能的取值為 20,21,22,23,24，并且(20)0.2 0.2 0.04 P X ? ? ? ?，(21)0.2 0.4 2 0.16 P X ? ? ? ? ?，(22)0.4 0.4 0.2 0.4 2 0.32 P X ? ? ? ? ? ? ?，(23)0.4 0.4 2 0.32 P X ? ? ? ? ?，(24)0.4 0.4 0.16 P X ? ? ? ?． 所以 的分布列為 X 20 21 22 23 24 p

0.04 0.16 0.32 0.32 0.16 20 0.04 21 0.16 22 0.32 23 0.32 24 0.16 22.4 EX ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?．（3）【解法一】

因為 ? ? 28, 5,6 m n n ? ? ?，若 22, 6 m n ? ?，則該客戶在十年使用期內購買各級濾芯所需總費用的期望值為 22 80 200 0.32 400 0.16 6 160 2848 ? ? ? ? ? ? ? ?； 若23, 5 m n ? ?

則該客戶在十年使用期內購買各級濾芯所需總費用的期望值為 23 80 200 0.16 5 160 400 0.4 2832 ? ? ? ? ? ? ? ? ． 故, m n 的值分別為 23，5． 【解法二】因為 ? ? 28, 5,6 m n n ? ? ?，若 22, 6 m n ? ?，設該客戶在十年使用期內購買一級濾芯所需總費用為 Y 1（單位：元），則 Y 1

1760 1960 2160 p

0.52 0.32 0.16 11760 0.52 1960 0.32 2160 0.16 1888 EY ? ? ? ? ? ? ? ．

設該客戶在十年使用期內購買二級濾芯所需總費用為2Y（單位：元），則 2 26 160 960,()1 960 960 Y E Y ? ? ? ? ? ?，所以該客戶在十年使用期內購買各級濾芯所需總費用的期望值為 1 2()()1888 960 2848 E Y E Y ? ? ? ? ． 若 23, 5 m n ? ?。

設該客戶在十年使用期內購買一級濾芯所需總費用為 Z 1（單位：元），則 Z 1

1840 2040 p

0.84 0.16 1()1840 0.84 2040 0.16 1872 E Z ? ? ? ? ? ． 設該客戶在十年使用期內購買二級濾芯所需總費用為 Z 2（單位：元），則 Z 2

800 1200 P 0.6 0.4 2()800 0.6 1200 0.4 960 E Z ? ? ? ? ? ． 所以該客戶在十年使用期內購買各級濾芯所需總費用的期望值為 1 2()()1872 960 2832 E Z E Z ? ? ? ? ． 故, m n 的值分別為 23，5．

21．解：（1）

“()cos f x a x ? ?，①當 a≥1 時，”()cos f x a x ? ? ≥0，()f x 在 [0, ]2?上單調遞增，x＝2?時，()f x 的最大值是 12a?? ； ②當 a≤0 時，“()cos f x a x ? ? ≤0，()f x 在 [0, ]2?上單調遞減，x＝0 時，()f x 的最大值是 0； ③當 0＜a＜1 時，存在 x 0 ∈ [0, ]2?有0 0”()cos 0 f x a x ? ? ?，當0(0,)x x ? 時，“()0 f x ?，()f x 單調遞減；當0(,)2x x?? 時，”()0 f x ?，()f x 單調遞增．則()f x的最大值是(0)f 與()2f?的較大者，若 12a?? ＞0，即2?≤a＜1，()f x 有最大值12a?? ；若 0＜a＜2?，()f x 有最大值 0． 綜上所述，當 a≥2?時，()f x 有最大值是 12a??； 當 a＜2?時，()f x 有最大值是 0．（2）由()1 3cos f x x ? ?，得 sin 3cos 1 ax x x ? ? ?，若 x=0 不等式顯然成立，當 0＜x≤2?，得sin 3cos 1 x xax? ??，令sin 3cos 1()x xg xx? ??，2(3 1)sin(3)cos 1“()x x x xg xx? ? ? ??，令()(3 1)sin(3)cos 1 h x x x x x ? ? ? ? ?，”()3 cos sin(3cos sin)2 cos()6h x x x x x x x x x x?? ? ? ? ? ?，當 0＜x＜3?時，“()0 h x ?，()h x 單調遞增；當3?＜x＜2?時，”()0 h x ?，()h x 單調遞減．(0)h ＝ 3 1 0 ? ?，()2h?＝32 02?? ?，知當 0＜x＜2?時，()h x ＞0，"()0 g x ?，()g x 在（0，2?］上單調遞增，()g x 的最大值是4()2g??? ．則 a 的取值范圍是 a ≥4?．

請考生在 22、23 題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計分，做答時，請用 2B 鉛筆在答題卡上將所選題號后的方框涂黑． 22．解：（1）將直線 l 的參數方程化為普通方程為 3 0 x y a ? ? ? ……………………2 分 由 4cos ? ? ?，得24 cos ? ? ? ?，………………………………………3 分 從而2 24 x y x ? ?，即曲線 C 的直角坐標方程為2 24 0 x x y ? ? ?

……5 分（2）由? ?4cos03? ?? ?? ??? ?? ???，得 2,3P? ? ?? ?? ?，所以 2 OP ?，將直線 l 的參數方程代入圓的方程2 24 0 x x y ? ? ?，得? ?2 22 3 0 t a t a ? ? ? ?

由 0 ? ?，得 2 3 4 2 3 4 a ? ? ? ? …………………………………………8 分 設 A、B 兩點對應的參數為1 2, t t，則 ? ?221 2 1 2 1 2AB 4 4 4 3 2 t t t t t t a a ? ? ? ? ? ? ? ? ?

解得，0 a ? 或 4 3 a ?.所以，所求 a 的值為 0 或 4 3.………………………………………………10 分

23．解：（1）因為 f(x)＝|x＋a|＋|x－2|≥|(x＋a)－(x－2)|＝|a＋2|，當且僅當(x＋a)(x－2)≤0 時取等號，則 f(x)min ＝|a＋2|.令|a＋2|＝3，則 a＝1 或 a＝－5.……………………………………………5 分（2）當 x∈[1，2]時，f(x)＝|x＋a|＋2－x，|x－4|＝4－x.由 f(x)≤|x－4|，得|x＋a|＋2－x≤4－x，即|x＋a|≤2，即―2≤x＋a≤2，即―x－2≤a≤－x＋2.所以(－x－2)max ≤a≤(－x＋2)min.因為函數 y＝－x－2 和 y＝－x＋2 在[1，2]上都是減函數，則當 x＝1 時，(－x－2)max ＝－3； 當 x＝2 時，(－x＋2)min ＝0，所以 a 的取值范圍是[－3，0] ……………10 分

第二篇：整卷信息

一、刑事卷

1.律師事務所（法律顧問處）批辦單；

2.收費憑證；

3.委托書或指定書；

4.閱卷筆錄；

5.會見被告人、委托人、證人筆錄；

6.調查材料；

7.承辦人提出的辯護或代理意見；

8.集體討論記錄；

9.起訴書、上訴書；

10.辯護詞或代理詞；

11.出庭通知書；

12.裁定書、判決書；

13.上訴書、抗訴書；

14.辦案小結。

二、民事代理卷

1.律師事務所（法律顧問處）批辦單；

2.收費憑證；

3.委托書（委托代理協議、授權委托書）；

4.起訴書、上訴書或答辯書；

5.閱卷筆錄；

6.會見當事人談話筆錄；

7.調查材料（證人證言、書證）；

8.訴訟保全申請書、證據保全申請書、先行給付申請書和法院裁定書；

9.承辦律師代理意見；

10.集體討論記錄；

11.代理詞；

12.出庭通知書；

13.庭審筆錄；

14.判決書、裁定書、調解書、上訴書；

15.辦案小結。

三、法律顧問卷

1.聘方的申請書、聘書或續聘書；

2.聘請法律顧問協議；

3.聘方基本情況介紹材料；

4.收費憑證；

5.辦理各類法律事務（如起草規章、審查合同、參與談判、代理解決糾紛、提供法律建議或法律意見、咨詢或代書等）的記錄和有關材料；

6.協議存續、中止、終止的情況；

7.工作小結。

四、其他非訴訟法律事務

1.委托書；

2.收費憑證； 3.與委托人談話筆錄；

4.委托人提供的證據材料；

5.調查材料；

6.律師出具的法律意見，或草擬的法律文書、辦理具體法律事務活動的記錄等；

7.工作小結。

第十三條 行政訴訟代理、經濟訴訟代理和仲裁代理卷順序參照民事代理卷排列。

咨詢代書卷分別按及時間順序排列。

涉外類卷分別參照國內同類卷順序排列。

第十四條 終止委托的業務，承辦律師仍應按上述各類業務排列順序歸檔，承辦律師應將委托人要求終止委托的書面文字材料或承辦律師對終止委托原因的記錄收入卷中，排在全部文書材料之后。

第三章 立卷編目和裝訂

第十五條 律師業務檔案一律使用阿拉伯數字逐頁編號，兩面有字的要兩面編頁號。頁號位置正面在右上角，背面在左上角（無字頁不編號）。

第十六條 立卷人用鋼筆或毛筆逐頁填寫案卷封面；填寫卷內目錄，內容要整齊，字跡要工整。

第十七條 有關卷內文書材料的說明材料，應逐項填寫在備考表內。

第十八條 承辦案件日期以委托書簽訂日期或人民法院指定日期為準；結案日期以收到判決書（裁定書、調解書）之日為準；法律顧問業務的收結日期，以聘請法律顧問合同的簽訂與終止日期為準；其他非訴訟法律事務，以委托事項辦結之日為結案日。

第十九條 律師業務文書材料裝訂前要進一步整理。對破損的材料要修補或復制，復制件放在原件后面。對字跡難以辨認的材料應當附上抄件。主要外文材料要翻譯成中文附后。卷面為16開，窄于或小于卷面的材料，要用紙張加襯底；大于卷面的材料，要按卷面大小折疊整齊。需附卷的信封要打開平放，郵票不要揭掉。文書材料上的金屬物要全部剔除干凈。

第二十條 案卷裝訂一律使用棉線繩，三孔釘牢。在線繩活結處需貼上律師事務所（法律顧問處）封簽，并在騎縫線上加蓋立卷人的姓名章。

第四章 歸檔

第二十一條 律師業務文書材料應在結案或事務辦結后三個月內整理立卷。裝訂成冊后由承辦人根據司法部、國家檔案局制定的《律師業務檔案管理辦法》的有關規定提出保管期限，經律師事務所（法律顧問處）主任審閱蓋章后，移交檔案管理人員，并辦理移交手續。第二十三條 涉及國家機密和個人隱私的律師業務案卷均應列為密卷，確定密級，在歸檔時應在檔案封面右上角加蓋密卷章。

第二十四條 隨卷歸檔的錄音帶、錄相帶等聲像檔案，應在每盤磁帶上注明當事人的姓名、內容、檔案編號、錄制人、錄制時間等，逐盤登記造冊歸檔。

（四）參與具體業務的案卷要求（違反以下任何一條都視為此項考核不合格）：

1、在指導律師指導下參與接待當事人至少三次的活動記錄；

2、在指導律師指導下參與簽訂委托代理合同至少三次的活動記錄；

3、在指導律師指導下進行案卷整理歸檔至少三次的實際操作記錄；

4、在指導律師指導下參與訴訟、仲裁或者非訴法律事務代理至少三次的活動記錄；

5、每個案卷均需附有指導律師的綜合指導點評，而且實習指導律師的執業年限必須達到五年以上；

6、案卷中的所有材料必須注明實習律師身份，后添加或更改視為造假；

7、實習律師在實習證下發之前不能以實習律師名義從事相關業務活動；

8、實習律師不能以律師名義接收代理案件；

9、實習律師從事業務活動不能違背《濟南市申請律師執業人員實習管理辦法》的相關規定；

10、案卷材料必須真實、準確，不得造假；

11、案卷材料需齊全且符合文件材料裝訂要求。

實習人員實習期滿后，應當向市律協申請面試考核。申請面試考核應提交以下書面材料：

（一）書面申請書一份；（無固定格式；需實習人員簽名、按手印）

（二）《申請律師執業人員實習證》原件；

（三）《實習人員集中培訓結業證書》復印件一份；（統一用A4紙復印，由律師事務所核對原件，并簽署“與原件核對無誤”字樣，由核對人簽名并加蓋律師事務所公章；）

（四）所在實習的律師事務所出具的《申請律師執業人員實習鑒定書》一份。（參加集中培訓時間是指結業證書上的時間）

（五）根據面試當天提交的卷宗填寫的《實習人員案卷登記表》一份（加蓋律師事務所公章）。

注：面試當天帶案件卷宗原件，周一至周五均可報名。

第三篇：信息卷作文

2018年全國卷信息原創卷

22.閱讀下面的材料，根據要求寫作。（60分）

據新浪微博對年齡在22歲----32歲的人進行的一項網絡問卷顯示，這個年齡段的人對“社交軟件、明星演唱會、創意廣告、個性工藝品、進口電影、美食、減肥、街頭采訪、炒股、子女教育”等話題較為感興趣。

請從中選擇一兩個事物來表達你自己的看法，寫一篇文章向你的師長、朋友、上級介紹一下你的觀點，選擇的事物之間要形成有機的關聯。選好角度，明確文體，自擬標題；不要套作，不得抄襲；不少于800字。

22.思路點撥：本文是材料作文，寫作此類作文首先要吃透所給材料，先篩選出關鍵字眼，然后將這些關鍵字眼合并在一起進行分析綜合，初步定下一個寫作的方向。方向定好以后，接下來就是確定主題（中心），然后再確定文體。針對本則材料中所列舉的10種事物或現象，都是22歲----32歲這個年齡段的人比較熟悉且感興趣的話題，在寫作的“熟悉度”上，并沒有什么難度，基本上可以保證“人人有話說，事事有材料”，在下筆之前，要確定一個吸人眼球的標題，結構上要有一定的章法可循，這樣可以讓閱卷老師第一時間能夠找到你的寫作思路，能為自己的作文增分不少。立意指導：（1）時尚與責任；（2）個性與創新；（3）繼承與發展；（4）責任與擔當。

人活在世上，不免要承擔各種責任，小至對家庭、親戚、朋友，大至對國家和社會。這些責任多半是應該承擔的。此外，還有一項根本的責任，便是對自己的人生負責。

每個人在世上都只有活一次的機會，沒有任何人能夠代替他重新活一次。如果這惟一的人生虛度了，也沒有任何人能夠真正安慰他。認識到這一點，對自己的人生怎么能不產生強烈的責任心呢？在某種意義上，人世間各種其它的責任都是可以分擔或轉讓的，惟有對自己的人生的責任，每個人都只能完全由自己來承擔，絲毫依靠不了別人。

不止于此，我還要說，對自己人生的責任心是其余一切責任心的根源。惟有對自己的人生負責，建立了真正屬于自己的人生目標和生活信念，他才可能由此出發，自覺地選擇和承擔起對他人和社會的責任。正如歌德所說：“責任就是對自己要求去做的事情有一種愛。”因為這種愛，所以負責本身就成了生命意義的一種實現，就能從中獲得心靈的滿足。相反，一個不愛人生的人怎么會愛他人和事業？一個在人生中隨波逐流的人怎么會堅定地負起生活中的責任？這樣的人往往是把責任看作強加給他的負擔，看作個人純粹的付出而索求回報。

一個不知對自己的人生負有什么責任的人，甚至無法弄清他在世界上的責任是什么。有一位姑娘向托爾斯泰請教，為了盡到對人類的責任，她應該做些什么，托爾斯泰聽了非常反感。因此想到：人們為之受苦的巨大災難就在于沒有自己的信念，卻偏要做出按照某種信念生活的樣子。當然，這樣的信念只能是空洞的。更常見的情況是，許多人對責任的理解確實是完全被動的，他們之所以把一些做法視為自己的責任，不是出于自覺的選擇，而是由于習慣、時尚、輿論等原因。譬如說，有的人把偶然卻又長期從事的某一職業當作了自己的責任，從不嘗試去擁有真正適合自己本性的事業。有的人看見別人發財和揮霍，便覺得自己也有責任拼命掙錢花錢。有的人十分看重別人尤其上司對自己的評價，謹小慎微地為這種評價而活著。由于他們不曾認真地想過自己的人生究竟是什么，在責任問題上也就是盲目的了。

所以，人活在世上，必須知道自己究竟想要什么。一個人認清了他在這世界上要做的事情，并且在認真地做著這些事情，他就會獲得一種內在的平靜和充實。他知道自己的責任所在，因而關于責任的種種虛假觀念都不能使他動搖了。我還相信，如果一個人能對自己的人生負責，那么，在包括婚姻和家庭在內的一切社會關系上，他對自己的行為都會有一種負責的態度。如果一個社會是由這樣對自己的人生負責的成員組成的，這個社會就必定是高質量的、有效率的社會。

第四篇：軍事理論卷一

大學軍事理論考試試卷

（一）（考試時間90分鐘 總分100分）

系別 大數據學院 班級 13計本 姓名 韋志林 學號***1

一、選擇題（每小題2分，共20分）

1.古代海防建設是從 D 開始的。

A．唐朝 B．宋朝 C．元朝 D．明朝 2.清朝規定：所有 B 歲以上的滿族男子都是兵丁。

A．15 B．16 C．17 D．18 3.1895年日本以清朝出兵朝鮮為由發動了甲午戰爭。北洋水師全軍覆沒，清政府被迫與日本簽訂了 C。A．《天津條約》 B．《北京條約》 C．《馬關條約》 D．《辛丑條約》 4.從1840年鴉片戰爭到1911年辛亥革命這70多年間，清政府與外國列強簽訂了大大小小數百個不平等條約，割讓領土近160萬平方千米，共賠款 D 萬元，白銀7億多兩。

A．2 200 B．2 400 C．2 500 D．2 700 5.A 負責組織領導全國武裝力量的軍事行動。

A．總參謀部

B．總政治部 C．總后勤部 D．總裝備部

6.國防是 A 的全面體現。

A．國家綜合力量 B．國家經濟實力 C．國家軍事力量 D．國家科技實力

7.按照《兵役法》規定我國公民的合法服兵役的最高年齡限制是 C。

A．16歲 B．18歲

C．22歲 D．23歲 8.下列不屬于國防要素內容的是 D。

A政治要素 B 經濟要素 C文化要素 D歷史要素 9.C 圍繞軍隊“三化”建設的總目標，提出了“政治合格、軍事過硬、作風優良、紀律嚴明、保障有力”的總要求。

A．毛澤東 B．鄧小平C．江澤民 D．胡錦濤 10.《兵役法》第二條規定：“中華人民共和國實行 D 相結合、民兵與預備役相結合的兵役制度。

A．義務兵與民兵

B．義務兵與武裝警察

C．義務兵與預備役 D．義務兵與志愿兵

二、填空題（每小題2分，共20分）

11.中國人民解放軍的“三化”建設是指 現代化、正規化 和革命化。12.現代國防的基本類型有：擴張型、自衛型、聯盟型、中立型。

13.國防動員，又稱戰爭動員，是指國家采取緊急措施，由平時狀態轉入戰時狀態，統大學軍事理論考試試卷

（一）第 1 頁（共 6 頁）

一調動人力、物力、財力為戰爭服務，通常包括武裝力量動員、國民經濟動員、科學技術動員、人民防空動員 和政治動員等。

14.現存最早、影響最深的軍事著作 《孫子兵法》標志我國古代軍事思想已經基本成熟。

15.兵制，就是軍事制度，現在一般稱為軍制，它包括武裝力量體制、軍事領導體制 和兵役制度等方面的內容。

16.在兵役制度方面，八旗兵實行的是 兵民合一的民軍制。

17.鄧小平同志根據國際形勢的發展變化，提出了世界大戰是可以避免的、和平與發展是當今世界兩大主題的觀點。

18.《國防法》以 憲法 為依據，對國家機構的國防職權進行了明確的劃分。19.我國倡導的是 積極防御 的軍事戰略方針。

20.國防的手段主要有 軍事手段、政治手段、經濟手段和外交手段等。

三、名詞解釋（每小題5分，共20分）

21．國防

答：國防是指國家為防備和抵抗侵略，制止武裝顛覆，保衛國家主權統一、領土完整和安全所進行的軍事及與軍事有關的政治、經濟、外交、科技、教育等方面的活動。

22．武裝力量

答：武裝力量是國家或政治集團所擁有的各種各武裝組織的總稱。一般以軍事為主體，有軍隊和其他正規的、非正規的武裝組織結合所構成。

23.國防法規

答：國防法規是指國家為了加強防務，尤其是加強武裝力量建設，用法律形式確定并以國家強制手段保證其實施的行為規則的總稱。

24.國防動員

答：國防動員，也稱戰爭動員，是指國家為準備戰爭和實施戰爭而在相應的范圍內由平時狀態轉入戰時狀態所采取的統一調動人力、物力、財力的緊急措施。國防動員的主要內容通常包括人民武裝動員、國民經濟動員、人民防空動員、國防交通動員等。

大學軍事理論考試試卷

（一）第 2 頁（共 6 頁）

四、問答題（每小題8分，共24分）

25．國防教育的基本原則是什么？

答：第一，持之以恒，不斷深入。要在組織上實現制度化，法律上給予有力的保證，并在教育內容上形成科學完整的理論體系。

第二，服從大局，注重實效。圍繞經濟建設這個中心，擺正國防建設與經濟建設的關系，堅持兩頭兼顧、協調發展的原則，實現經濟、社會和國防效益的綜合提高。

第三，堅持改革，適應發展。從改革和發展的需要出發，不斷深化國防教育領域的改革，從內容上、組織上、方式上適應形勢發展的需要。

第四，全民動手，形成合力。宣傳、教育、民政、軍事等系統按照職能分工，密切配合，形成合力，逐步使國防教育社會化、經常化、多樣化、制度化。

26．中國國防歷史有哪些啟示？ 答：（1）經濟發展是國防強大的基礎。經濟是國防的物質基礎，國防的強大有賴于經濟的發展。早在春秋時期，齊國的政治家管仲就提出“富國強兵”的思想，他認為：“粟多則國富，國富則兵強，兵強則戰勝，戰勝則地廣”。秦以后的漢、唐、明、清各代前期也都注意勸課農桑，發展生產，從而奠定了國防強大的基礎，造就了國防史上的偉業。與此相反，以上各朝代的衰敗，也都毫無例外地是由于經濟的破產而動搖了國家的基礎。

（2）政治昌明是國防鞏固的根本。政治與國防緊密相關，國家的政治是否開明、制度是否進步，直接關系到國防能否鞏固，只有政治昌明，才能有鞏固的國防。我國古代凡是興盛的時期和朝代都十分注意修明政治，實行比較開明的治國之策。秦國為西陲小國，自商鞅變法以來，修政治、明法度、發展生產，國力日漸強大，為并吞六國奠定了基礎；唐建立之初，百廢待興，但由于制定并實施了一系列行之有效的政治制度，國家很快從隋末的戰爭廢墟中恢復過來，形成了國力昌盛、空前統一的大唐帝國。與此相反，凡是衰落的時期和朝代，都是政治腐敗、國防虛弱。

（3）國家的統一和民族的團結是國防強大的關鍵。縱觀我國幾千年的國防史，國家統一、民族團結的時期，國防就強大；國家分裂、民族矛盾尖銳的時期，國防就虛弱。清朝晚期，在西方列強的進攻面前，清王朝不僅不敢發動反侵略戰爭，反而認為“患不在外而在內”, “防民甚于防火”，對人民群眾自發組織的反侵略斗爭實行鎮壓的方針，最終造成屢戰屢敗、割地賠款的后果，并逐步淪為半殖民地半封建社會。抗日戰爭時期，在中國共產黨的倡導和組織下，建立了抗日民族統一戰線。在敵強我弱的條件下，中國共產黨堅持人民戰爭的戰略戰術，充分動員和組織人民，團結一切抗日力量，共同抗擊侵略，最終取得了抗日戰爭的全面勝利。

大學軍事理論考試試卷

（一）第 3 頁（共 6 頁）

27．新世紀新階段中國的國防政策主要包括哪些內容？ 答：新世紀新階段中國的國防政策主要包括以下內容：

（1）維護國家安全統一，保障國家發展利益。防備和抵抗侵略，確保國家領海、領空和邊境不受侵犯。

（2）實現國防和軍隊建設全面協調可持續發展。

（3）加強以信息化為主要標志的軍隊質量建設。

（4）貫徹積極防御的軍事戰略方針。立足于打贏信息化條件下的局部戰爭，著眼維護國家主權、安全和發展利益的需要，做好軍事斗爭準備。

（5）堅持自衛防御的核戰略。中國的核戰略貫徹國家的核政策和軍事戰略，根本目標是遏制他國對中國使用或威脅使用核武器。

（6）營造有利于國家和平發展的安全環境。按照和平共處五項原則開展對外軍事交往，發展不結盟、不對抗、不針對第三方的軍事合作關系。遵守聯合國憲章的宗旨和原則，履行國際義務，參加聯合國維和行動、國際反恐合作和救災行動，為維護世界和地區的和平穩定發揮積極作用。

五、論述題（16分）

28．論述新中國國防建設取得的主要成就。

答：新中國成立以來，在黨中央、中央軍委領導下，依靠自力更生，我國的國防建設取得了很大成就，逐步建立起了有中國特色的現代化國防體系。

（1）鑄造了一支現代的合格的多兵種軍隊

軍隊是國防力量的主體，我國根據國防的實際需要和國家的基本承受能力，建設了一支諸軍兵種相結合的具有現代作戰能力的革命化、現代化、正規化軍隊。

陸軍從步兵單一兵種發展到擁有以裝甲兵、步兵組成的地面突擊力量，以炮兵、防空兵、陸軍航空兵組成的火力支援力量，以偵察兵、通信兵、工程兵、防化兵、氣象兵和電子對抗專業部（分）隊組成的作戰保障力量；以運輸、輸油管線、衛生、軍需等專業部（分）隊組成的后勤保障力量；以裝備供應、修理、器材等專業分隊組成的裝備技術保障力量為一體的集團軍，大大提高了現代條件下陸軍的合成作戰能力。

海軍已發展成為擁有潛艇部隊、水面艦艇部隊、海軍航空兵、海軍岸防兵和海軍陸戰隊等兵種及專業兵的海上精銳之師，艦艇部隊日趨導彈化、電子化、自動化，已經具備了現代海上綜合作戰能力，不但具有在水面、水下、空中及對岸上實施攻防作戰的能力，還可以協同其他軍種遂行海上作戰任務。

空軍已發展成為擁有航空兵、空降兵、地面防空兵（包括高射炮兵和地空導彈兵）、雷達兵、通信兵等諸多兵種及專業兵，具備較強的空中和地面攻防作戰能力的合成軍種。在全國范圍內，構成了航空兵和地面諸兵種合成的完整防空體系。

第二炮兵是我軍的一個獨立兵種，雖然起步較晚，但發展很快，目前已發展成為一支核導彈與常規導彈兼有，近、中、遠程和洲際導彈齊備，既可實施固定發射，也可機動發射，并建有與之相配套的作戰、防護工程和各種設施，具有較強的生存能力和遠程機動打擊能力的高技術兵種。

在加強軍隊院校建設上，新中國成立以后，我軍各類軍事院校得到了迅速發展，大學軍事理論考試試卷

（一）第 4 頁（共 6 頁）

培養了一大批國防人才。

（2）建立了比較完善的國防動員體制

①健全了國防動員機構

動員包括人力、財力、物力等方面的動員。因此，國家的動員領導體制是涉及各個領域的復雜體系。我國的動員體制是在中央軍委下設人民武裝委員會，負責指導和協調全國后備力量建設和動員工作。同時，在國務院設國家動員委員會，在各級政府機關設國防動員機構。國防動員委員會是在國務院和中央軍委領導下，主管全國國防動員工作的有關議事協調機構。其任務是貫徹積極防御軍事戰略方針，組織實施國家國防動員工作，協調國防動員工作中經濟與軍事、軍隊與政府、人力與物力之間的關系，以增強國防實力，提高平戰轉換能力。

軍隊從總部機關到各集團軍、海軍基地、戰區空軍、第二炮兵基地都設有動員機構和動員軍官，特別是在大軍區一級設有動員部。省軍區、軍分區、人民武裝部，既是同級黨委的軍事部門，又是政府的兵役機關，是后備力量建設與動員工作于一體的機構。

②建立了強大的后備力量

國防后備力量包括預備役部隊和民兵。如果說常備軍是國家武裝力量的主體，那么，國防后備力量則是常備軍的力量源泉和動員擴編的基礎，是在和平時期制約戰爭、維護和平的重要國防威懾力量，是奪取未來戰爭最后勝利的戰略力量。1984 年5 月，全國人大通過的新《兵役法》，確立了我國民兵與預備役相結合的國防后備力量體制，本著“控制數量、提高質量、抓好重點、打好基礎”的原則，到1987 年，各大軍區都建立了預備役部隊，按解放軍的編制組建，有正式的番號和軍旗，實現了我國國防后備力量的新發展。目前，我國民兵已發展成為一支擁有炮兵、防空兵、通信兵、工兵、防化兵以及海、空軍等專業技術分隊的強大群眾武裝。預備役部隊已擁有不同軍兵種的師、團和專業技術部（分）隊，其快速動員和遂行作戰任務的能力大大提高。

（3）形成了門類齊全、綜合配套的國防科技工業體系

國防科技是衡量一個國家綜合國力的重要標志之一，也是國防現代化建設的一個重要方面。經過五十多年的建設和發展，我國的國防科技工業經歷了從無到有，從小到大，從落后到先進的過程，建立起電子、船舶、兵器、航空、航天和核能等門類齊全、綜合配套的科研實驗生產體系，取得了一大批具有國內或國際先進水平的科研成果，為我軍現代化建設和我國綜合國力的增強做出了重要貢獻。

①在軍事電子方面，逐步發展成為具有相當規模、門類齊全的新興工業部門，特別是在指揮自動化、情報偵察、預警探測、電子對抗和通信等方面，為我軍提供了各種新式裝備和產品，進一步增強了部隊偵察、通信、指揮和作戰能力。

②在船舶工業方面，先后自行研制建造了核動力潛艇、常規潛艇、導彈驅逐艦、導彈護衛艦、導彈快艇等作戰艦艇，以及各種輔助船艇和新型魚雷、水雷、反水雷等新裝備。

③在兵器工業方面，研制生產了一大批具有先進性能的坦克、裝甲車輛、火炮、彈藥、輕武器、軍用光電器材和綜合火控、指揮系統等新型武器裝備，為我軍現代化做出了重要貢獻。

④在航空工業方面，已能夠生產殲擊機、轟炸機、直升機、運輸機、教練機等，大學軍事理論考試試卷

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基本滿足了海空軍作戰和飛行訓練的需要。

⑤在航天科技工業方面，已擁有地地、地空、海空和空空導彈武器系統，運載火箭和各種應用衛星的研制與實驗能力以及各種應用衛星的發射能力，在世界高技術領域占有一席之地。

⑥在核工業方面，我國不僅可以生產制造原子彈、氫彈，還掌握了核潛艇技術，形成了我國的核威懾力量。另外，在和平利用核能方面我國也取得了突破性進展。

大學軍事理論考試試卷

（一）第 6 頁（共 6 頁）

第五篇：2018年高考密卷全國卷一內部作文信息

2018年全國普通高校統一招生考試·卷一高考語文作文命題預測信息

一、閱讀下面的材料，根據要求寫作。（60分）

1918年5月15日，《新青年》雜志上發表了署名“魯迅”的短篇小說《狂人日記》，這是中國第一部現代白話文小說，“魯迅”這個偉大的名字從此出現在中國的歷史上。魯迅借《狂人日記》所發出的“吶喊”在當時可謂振聾發聵。一個世紀后的今天，2018年5月18日，《光明日報》發表文章《月光穿過一百年》，重溫《狂人日記》這部文學經典，回溯這位“狂人”所走過的漫長曲折但堪稱偉大的道路。

有人說，魯迅的文章太久遠了，現在再讀已經沒有現實意義了。對于這個觀點，你怎么看？請綜合材料內容及含意作文，體現你的思考、權衡與選擇。

要求自選角度，明確文體，自擬標題;不要套作，不得抄襲;不少于800字。

? 【作文指導】現在國人已經很少談論魯迅，魯迅的作品越來越多的從中小學的課本“下架”，正如有人說“魯迅的文章太久遠了，現在再讀已經沒有現實意義了”。《狂人日記》不僅僅是一部經典，更是一條道路、一種方法，它開啟了中國現代文學的大門，由這個大門進去，開始了一條漫長曲折但堪稱偉大的道路。時代再變遷，魯迅先生的精神和作品是不朽的史詩，是永遠值得我們銘記和學習的文化精髓。《光明日報》發表文章《月光穿過一百年》，重溫這部文學經典，正是體現了對經典文化的傳承。立意角度：經典永流傳；傳承經典文化，共筑精神家園；經典永遠不過時。

二、閱讀下列材料，根據要求寫作。（60分）

材料一：2015年，巴西青年馬科斯驚艷于物美價廉的中國石材產品，果斷進軍廈門石材市場。隨著時間的推移，他的公司快速成長，年出口額已達1000萬美元。在創業期間，他與一位中國姑娘喜結良緣，成就人生美好姻緣。

材料二：2018年3月，美國對中國發起貿易戰，美國的世紀鋁業是最起勁最奮勇的鼓吹者。這家不怎么知名的小企業不顧美國其他更大的鋁業公司的反對，堅持游說美國政府提高進口鋁關稅，跟中國打貿易戰。在貿易戰發動的第一天，世紀鋁業股價暴跌18%。

材料三：“各美其美，美人之美，美美與共，天下大同。”（費孝通）

綜合上述材料，寫一篇文章談談你的看法和思考。要求：選好角度，明確文體，自擬標題；不要套作，不得抄襲；不少于800字。

? 【作文指導】今年是改革開放40周年，中國也將進一步擴大開放，造福世界各國。本題旨在考查學生對于開放的認識。材料一講述了巴西青年馬科斯的故事，是全球化背景下開放融合的正面事例，材料二講述了美國的世紀鋁業鼓吹貿易戰，這是走向封閉與保護主義的表現，卻不料“搬起石頭砸自己的腳”，是開放融合的反面事例。材料三引用費孝通先生的話，“各美其美，美人之美”是指欣賞自己的美和別人的美，“美美與共，天下大同”意為欣賞自己的美同欣賞他人的美結合起來，就可以達到天下大同的境界。根據前兩則材料，我們可以看出，重點在于強調后者，即開放融合，合作共贏。所以，本題可以從“開放”、“合作”、“共贏、多贏”、“人類命運共同體”、“和諧”以及“反對本資源由“全國高中語文教師群 群號：416107902 ”“全國高中語文教師②群 群號：684925186” “全國高中語文教師③群 群號：644035800” “全國高中語文教師④群 群號：614494504” 群內一線教師整理，歡迎批評指正！

壁壘”等方面考慮。

2018年5月29日供稿。

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