第一篇：內蒙古包頭市2018年中考物理真題試題(含解析)

內蒙古包頭市2018年中考物理真題試題

一、選擇題

1.下列說法正確的是

A.聲波和電磁波都能在真空中傳播 B.吹笛子時手按不同的笛孔是為了改變音調

C.做圓周運動的物體如果所受外力全部消失將做勻速圓周運動 D.摩擦起電過程中能量的轉化是電能轉化為機械能 【答案】B 【解析】A.電磁波能在真空中傳播，聲波的傳播需要介質，不能在真空中傳播，故A錯誤；

B.吹笛子時手按不同的笛孔，空氣柱的長度發生變化，振動頻率變化，所以是為了改變音調，故B正確； C.做圓周運動的物體如果所受外力全部消失，根據牛頓第一定律知，物體將做勻速直線運動，故C錯誤； D.摩擦起電過程中能量得轉化是機械能轉化為電能，故D錯誤； 故選B。

點睛：注意理解C選項，做圓周運動的物體會受到一個向心力的作用，如果所受外力全部消失，物體將做勻速直線運動。

2.關于熱現象，下列說法正確的是 A.霧是漂浮在空氣中的水蒸氣

B.霜是空氣中的水蒸氣凝固形成的小冰晶 C.高壓鍋內部液面氣壓增大，液體的沸點升高 D.加油時聞到刺鼻的氣味，說明汽油在常溫下易升華 【答案】C 【解析】A.霧是水蒸氣液化形成的小水珠，而水蒸氣是看不到的，故A錯誤； B.霜是空氣中的水蒸氣凝華形成的小冰晶，故B錯誤；

C.高壓鍋內部液面氣壓增大，液體的沸點升高，所以煮飯快，故C正確； D.加油時聞到刺鼻的氣味，說明汽油在常溫下易汽化，故D錯誤； 故選C。

點睛：需要注意的是，我們看到的霧其實是小水珠，而不是水蒸氣，水蒸氣是看不到的，所以霧、露、“白氣”等都是由水蒸氣液化而形成的。

3.小寧乘坐校車時，觀察到一些現象，下列解釋正確的是

A.向窗外看時感覺到路邊的樹木向后退，是以地面為參照物 B.看到車上窗簾往外飄，是因為車內比車外的空氣流速大，壓強大 C.突然剎車時身體向前傾，是由于身體受到了慣性的作用 D.司機轉動方向盤使校車轉彎，是力改變了校車的運動狀態 【答案】D 【解析】A.向窗外看時感覺到路邊的樹木向后退，是以自己或車為參照物，故A錯誤；

B.看到車上窗簾往外飄，是因為車外比車內的空氣流速大，而流速大壓強小，所以窗外壓強小，窗簾往外飄，故B錯誤；

C.突然剎車時身體向前傾，是由于身體具有慣性，不能說受到慣性作用，故C錯誤；

D.力可以改變物體的運動狀態，所以司機轉動方向盤使校車轉彎，利用了力可以改變校車運動狀態的原理，故D正確； 故選D。

點睛：注意對慣性的理解，慣性是物體的基本屬性，與物體的運動狀態無關，與質量大小有關，且慣性不是力，不能說成：受到慣性作用，而應該描述成：具有慣性。

4.如圖所示，將焦距為10cm的凸透鏡固定在光具座50cm刻度線處，此時在光屏中心已成燭焰清晰的像，下列說法正確的是

A.此時燭焰在光屏上的成像特點于投影儀成像特點相同

B.若蠟燭移至20cm刻度線處，移動光屏，可在光屏上呈現燭焰清晰縮小的像 C.若蠟燭移至45cm刻度線處，移動光屏，可在光屏上呈現燭焰清晰放大的像 D.在圖示中的燭焰和凸透鏡之間放一副近視鏡，將光屏左移可再次成清晰的像 【答案】B 【解析】A.如圖此時物距大于像距，成倒立縮小的實像，所以此成像特點與照相機成像特點相同，故A錯誤；

B.若蠟燭移至20cm刻度線處，即物距繼續增大，則像距應減小，像變得更小，所以移動光屏，可在光屏上呈現燭焰清晰縮小的像，故B正確；

C.如圖此時光屏到凸透鏡的距離為17cm，且像距位于一倍到二倍焦距之間，得：，解得：故C錯誤；

D.在圖示中的燭焰和凸透鏡之間放一副近視鏡，即凹透鏡，此時光線會發散一些，像右移，所以將光屏右移可再次成清晰的像，故D錯誤； 故選B。

點睛：凸透鏡成像規律的實驗是常考試的內容，要掌握成像時物距和像距變化的特點，當物距增大時，像距減小，像也會變小，這里的像變小，是與之前比變小，要比較像與物體的大小，要看像距和物距的比較，像距大于物距，像就放大。5.下列說法正確的是，所以若蠟燭移至45cm刻度線處，此時物距小于焦距，不能成實像，A.圖甲中磁鐵靜止時A端總是指向地理北方，則A端是磁鐵的北極 B.圖乙為動圈式話筒的結構示意圖，它的工作原理是磁場對電流的作用 C.圖丙為水位自動報警器，當水位上升到金屬塊A時，紅燈不亮綠燈亮 D.圖丁所示的現象中，同時工作的用電器過多不會使家庭電路電流過大 【答案】A 【解析】A.圖甲中磁鐵靜止時A端總是指向地理北方，則A端是磁鐵的N極即北極，而S極指南，故A正確；

B.圖乙為動圈式話筒的結構示意圖，它的工作原理是電磁感應，故B錯誤；

C.圖丙為水位自動報警器，當水位上升到金屬塊A時，控制電路接通，電磁鐵將銜鐵吸下，動觸點與紅燈接通，紅燈亮，綠燈不亮，故C錯誤；

D.圖丁所示的現象中，同時工作的用電器過多，干路通過的電流會過大，導線會過熱，甚至引起火災，故D錯誤； 故選A。

6.下列四種情況說法正確的是

A.圖甲中，物體在2~7s內的平均速度為2m/s B.圖乙中，a、b兩種物質的密度之比為1:4 C.圖丙中，物塊M向左做勻速直線運動，該裝置的機械效率為75％ D.圖丁中，杠桿在水平位置平衡，OA:AB=1:2，則F:G=1:2 【答案】C 【解析】A.圖甲中，物體在2~7s內通過的路程為4m,所以平均速度為：，故A錯誤；

B.圖乙中，根據得，a、b兩種物質的密度之比為：，故B錯誤；

C.圖丙中，物塊M向左做勻速直線運動，該裝置的機械效率為：，故C正確；

D.圖丁中，杠桿在水平位置平衡，OA:AB=1:2，則：，得：故選C。

點睛：涉及機械效率的計算時，牢記效求率的兩個思路：一是，本題中將物重更改為摩，故D錯誤；

擦力f，二是。

7.如圖甲所示的電路中，為定值電阻，R為電阻式傳感器，電源電壓保持不變，當R阻值從0增大到60Ω，測得R的電功率與通過它的電流關系圖像如圖乙，下列說法正確的是

A.R的阻值增大，電流表與電壓表的示數都變小 B.電源電壓為12V C.當電流為0.6A時，1s內電路消耗的電能為21.6J D.兩端的電壓變化范圍為6V~18V 【答案】D 【解析】A.R的阻值增大，電路總電阻增大，根據歐姆定律知，電流減小，所以電流表示數變小，R的阻值增大，分得電壓增多，所以電壓表的示數變大，故A錯誤； B.根據乙圖知，R的阻值為零時，電流最大為0.6A，得電源電壓為：當R的阻值為最大60Ω時，電流最小為0.2A，得電源電壓為：聯合兩式解得：，故B錯誤；

；

；

C.當電流為0.6A時，1s內電路消耗的電能為：，故C錯誤；

D.當R的阻值為零時，R0兩端為電源電壓18V；

當R的阻值為最大60Ω時，電流最小為0.2A，所以R0兩端的電壓為：，即兩端的電壓變化范圍為6V~18V，故D正確；

故選D。

點睛：綜合考查了歐姆定律的應用，電路的動態分析，有一定難度，關鍵是根據乙圖能列出兩次電源電壓的關系式，從而求出電源電壓和R0的阻值，這種類型的題目綜合性強，要多練習以求熟練解題。

二、作圖與實驗題

8.在研究”不同物質的溫度變化與吸熱關系”實驗中，取質量和初溫都相同的甲乙兩種液體，分別裝入相同燒杯中，用相同的加熱器加熱，如圖A所示。

(1)圖B為某時刻的溫度，其示數為________℃。

(2)分析圖C可知，吸收相同熱量，_______液體升溫更高;_______液體更適合作汽車發動機的冷卻液。(3)若甲、乙液體從圖C所示的初溫分別升高到40℃和35℃，吸收熱量之比為2:1，則甲、乙液體的比熱容之比為___________。

【答案】(1).39(2).乙(3).甲(4).3：2 【解析】(1)圖B為某時刻的溫度，溫度計的分度值為1℃，此時溫度計的示數為39℃。

(2)相同的加熱器，可以保證加熱時間相同時，兩液體吸收的熱量相等，所以分析圖C可知，吸收相同熱量，即加熱相同的時間時，乙液體升溫更高，甲液體升溫低； 根據知，乙的比熱容小，甲的比熱容大，則升高相同的溫度時，甲液體吸收的熱量多，散熱效果好，所以甲液體更適合作汽車發動機的冷卻液。

(3)若甲、乙液體從圖C所示的初溫分別升高到40℃和35℃，吸收熱量之比為2:1，則甲升高的溫度為：；

乙升高的溫度為：甲、乙液體的比熱容之比為：

。

點睛：重點是研究吸熱能力的實驗，注意實驗中控制變量法的應用，理解相同的加熱器可以保證在相同時間內兩液體吸收的熱量相等；求比熱容的比時，將吸收熱量的比和升高溫度的比分別代入公式計算可得結果。

9.小明用如圖所示裝置進行“平面鏡成像特點”的實驗。

6(1)他選用玻璃板代替平面鏡進行實驗的目的是_______________________________。

(2)在實驗中，把蠟燭放在距離玻璃板30cm處，它的像到蠟燭的距離是_________cm，當蠟燭遠離玻璃板時，它的像的大小將_________。

(3)小明走近實驗樓的自動感應玻璃門時，門自動平移打開，則他在玻璃門中的像將_______（填“隨”或“不隨”）門平移。

【答案】(1).便于確定像的位置(2).60(3).不變(4).不隨

【解析】(1)他選用玻璃板實驗是因為玻璃板能成像的同時，還能看到后面的蠟燭，所以琉璃板代替平面鏡進行實驗的目的是便于確定像的位置。

它的像的大小將不變。

(3)小明走近實驗樓的自動感應玻璃門時，門自動平移打開，即鏡面平移了一段距離；

因為平面鏡成像時，物體和像到鏡面的距離相等，且物體與像的連線與鏡面垂直，即物體和像是關于鏡面對稱的，鏡面平移時，像的位置不變，所以可知此時他在玻璃門中的像將不隨門平移。

點睛：重點是研究平面鏡成像的實驗，關鍵是平面鏡成像特征的靈活運用，即根據像和物關于平面鏡對稱的特點，可以得出鏡面平移時，像的位置是不變的。

10.在研究“物體動能與質量和速度的關系”實驗中，將鋼球從某一高度由靜止釋放，鋼球擺到豎直位置時，撞擊水平木板上的木塊，將木塊撞出一段距離。

(1)本實驗使鋼球獲得動能的操作方法是___________________________________________。(2)從上表數據可以看出，實驗中控制了_________相同，從而探究動能與________的關系。

(3)第1次實驗時若不考慮能量損失，鋼球對木塊最多可做________J的功；第3次實驗時，木塊被撞后滑出木板無法記錄數據，需要重做第三次實驗，甲同學建議換用同樣較長的木板，乙同學建議換一個較大的木塊，丙同學建議降低鋼球下擺的高度，你認為應當采用________同學的建議。

(4)由上述實驗數據和現象可得出結論：____________________________________________________。

【答案】(1).讓鋼球從高處擺下(2).速度(3).質量(4).0.06(5).甲(6).速度一定時，質量越大，動能越大

【解析】(1)本實驗使鋼球獲得動能的操作方法是讓鋼球從高處擺下。實質是重力勢能轉化為動能的過程。(2)從上表數據可以看出，鋼球每次的下擺高度都相同，球的質量不同，這樣當球每次接觸木塊時的速度都相同，即實驗中控制了速度相同，從而探究動能與質量的關系。

(3)第1次實驗時若不考慮能量損失，球下擺時重力做功，所以鋼球對木塊最多可做的功為：

；

第3次實驗時，木塊被撞后滑出木板無法記錄數據，需要重做第三次實驗；

甲同學建議換用同樣較長的木板，這樣可以通過木塊的移動距離比較動能的大小，是正確的；

乙同學建議換一個較大的木塊，這樣不符合控制變量法的思想，即木塊變大后，因為質量和摩擦力都會變化，所以不能通過比較運動距離而得出動能的大小，故乙同學建議不正確；

丙同學建議降低鋼球下擺的高度，這樣也不符合控制變量的思想，因為高度降低后，球碰撞木塊時的速度就不一樣了，不能完成實驗，故丙同學建議也不正確； 所以應當采用甲同學的建議。

(4)由上述實驗數據和現象分析，速度相同時，質量越大，木塊滑動的距離越遠，即動能做功越多，所以可得出結論：速度一定時，質量越大，動能越大。

點睛：注意第二問中控制的變量是速度，此空很容易填寫為高度，要從影響動能大小的因素考慮，即質量和速度影響動能的大小，所以表格中高度相同實質還是為了保證速度相同，認真體會實驗中控制變量法的應用。

11.小聰利用如圖甲所示的電路測量額定電壓為2.5v的小燈泡的額定功率。

(1)請用筆畫線代替導線，將圖甲的實物圖連接完整，要求滑動變阻器畫片P向右移動時小燈泡變亮___。(2)連接電路后，閉合開關，發現小燈泡不發光，電流表示數不為零，電壓表示數為零，則故障可能是由于小燈泡________引起的。

(3)當小燈泡正常發光時，電流表示數如圖乙所示，則小燈泡的額定功率時_______W。在實際測量中，電壓 8 表有示數時內部有微弱的電流通過，如果考慮這個微弱電流的影響，則所測小燈泡的額定功率偏_______。(4)利用如圖丙所示的電路也可以完成該實驗，請完成下列填空（電源電壓不變，R1和R2為滑動變阻器，R2的最大電阻為R0）。

①只閉合開關S和，調節________，使電壓表的示數為2.5V。②只閉合開關__________，調節，使電壓表的示數仍為2.5V。

③接著將R2的滑片P調至最左端，記下電壓表的示數為U1；再將R2的滑片P調至最右端，記下電壓表的示數為U2，則小燈泡額定功率的表達式P額=_____________（用U額、R0、U1、U2表示）。

【答案】(1).見解析(2).短路(3).0.6(4).大(5).(6).S和(7).·

【解析】(1)根據要求：滑動變阻器畫片P向右移動時小燈泡變亮，所以應連接滑動變阻器的右下，即B接線柱到燈泡的左端，如圖：

(2)連接電路后，閉合開關，發現小燈泡不發光，電流表示數不為零，說明電路是通的，電壓表示數為零，可能電壓表被短路了，所以故障可能是由于小燈泡短路引起的。

(3)當小燈泡正常發光時，電流表示數如圖乙所示，電流表使用小量程，分度值為0.02A，電流為0.24A，則小燈泡的額定功率為：

；

在實際測量中，電壓表有示數時內部有微弱的電流通過，如果考慮這個微弱電流的影響，即電流表的示數會大于燈泡的實際電路，所以所測小燈泡的額定功率偏大。

(4)利用如圖丙所示的電路也可以完成該實驗，請完成下列填空（電源電壓不變，R1和R2為滑動變阻器，R2的最大電阻為R0）。

①只閉合開關S和，調節R2，使電壓表的示數為2.5V，即電壓為燈的額定電壓。②只閉合開關 S和，調節，使電壓表的示數仍為2.5V，此時R1與上次燈泡是等效的。③接著將R2的滑片P調至最左端，記下電壓表的示數為U1，即電源電壓為U1；

再將R2的滑片P調至最右端，記下電壓表的示數為U2，此時R2兩端的電壓為：，電流為：；

根據歐姆定律得R1此時的電阻為：

所以小燈泡額定功率的表達式為：。

點睛：難點是最后一問，要理解此種沒有電流表測量電功率的原理，此方法利用了等效的原理，即燈和R1分別與R2串聯，使電壓表的示數都為燈的額定電壓，此時電阻R1與燈是等效的，即R1此時的電阻等于燈正常發光時的電阻，后面的步驟再靈活運用歐姆定律得出R1的表達式，最后得出燈泡額定功率的表達式。

三、計算題

12.我國自主研制的第三代常規動力潛艇具備先進的通訊設備、武器、導航等系統和隱蔽性強，噪聲低、安全可靠等優異性能，主要技術參數如下表（海水的密度近似為1.0×

kg/m3，g=10N/kg）。求：

(1)潛艇在水上航行時受到的浮力是多少？在水下行駛時排開水的體積是多少？

(2)潛艇由水下某位置下潛到最大潛水深度處，潛艇上一個面積是400cm2的觀察口受到海水的壓力增大了4×N，則潛艇原來位置的深度是多少？

(3)潛艇在水下以最大輸出功率勻速行駛1h，發動機輸出的能量是多少？若發動機以最大輸出功率工作時螺旋槳推進器效率為80％，潛艇以最大航速勻速行駛時受到水的平均阻力f是多少？ 【答案】見解析

【解析】（1）水上排水量為2250t，根據阿基米德原理知，排開水的重即為浮力，故浮力為：

；

水下排水量為3000t，排開水的體積為：

；

（2）潛艇上一個面積是400cm2的觀察口受到海水的壓力增大了4×

N，增大的壓強為：

最深度處的壓強為：某位置的壓強為：

該位置的深度為：；

（3）潛艇在水下以最大輸出功率勻速行駛1h，發動機輸出的能量是：

螺旋槳推進器效率為80％，則螺旋槳推進器做的功為：

勻速行駛時，牽引力與水的平均阻力f為一對平衡力，所以水的平均阻力f為：。

點睛：重點是浮力公式、液體壓強公式、功的公式的應用，注意計算時單位要統一，多練習形成先換算單位的好習慣，求阻力時，理解牽引力與阻力是一對平衡力，所以求出牽引力即為阻力的大小。

13.如圖所示為模擬調光燈電路，電路中電源電壓不變，燈泡L標有“6V 3W”字樣，且燈絲電阻隨溫度的變化而變化，定值電阻的阻值為6Ω。將滑動變阻器的滑片P置于最右端，閉合開關，電壓表和電流表示數分別為6V和0.2A；移動滑片P至某一位置，電壓表和電流表示數分別為3V和0.5A。求：

(1)燈泡L正常發光時的電阻多大？

(2)當的滑片P在最右端時，閉合開關，燈泡L的實際功率是多少？

(3)為使燈泡安全工作，的滑片能自由滑動，且滑片P滑到某一端時燈泡能正常發光，應采取怎樣的保護措施？請計算說明。【答案】見解析 【解析】（1）根據得燈泡L正常發光時的電阻為：

；

（2）燈的正常工作電流為：

；

移動滑片P至某一位置，電壓表和電流表示數分別為3V和0.5A，此時燈正常工作，電源電壓為：

；

將滑動變阻器的滑片P置于最右端，閉合開關，電壓表和電流表示數分別為6V和0.2A；則R1此時兩端的電壓為：

燈兩端的實際電壓為：滑片P在最右端時時，閉合開關，燈泡L的實際功率為：

；

（3）根據題意，的滑片要能自由滑動，且滑片P滑到某一端時燈泡能正常發光，則滑動變阻器位于左端時讓燈正常發光，右移滑片時，電阻變大，燈是安全的。當電流為燈的正常工作電流0.5A時，電路的總電阻為：，可以串聯電阻R’：即在電路在串聯一個6Ω的電阻時，符合要求； 也可以替換R1：

即將R1替換為一個12Ω的電阻，符合要求。

點睛：考查了歐姆定律的應用，關鍵是根據“滑片P至某一位置，電壓表和電流表示數分別為3V和0.5A”這一條件，可以求出電源電壓，有了電源電壓后，根據另一狀態再結合串聯電路的電壓、電流特點求燈的實際功率。

第二篇：海南省2017年中考物理真題試題(含解析)

海南省2017年中考物理真題試題

一、選擇題（本大題有10小題，每小題只有一個正確選項，每小題3分，共30分）

1．瓊島四季瓜果香，下列四種海南瓜果成熟后，一般情況下，單個瓜果體積最接近2cm3的是（）A．木瓜 B．菠蘿 C．龍眼 D．椰子 【答案】C 【解析】

試題分析：海南瓜果木瓜、菠蘿、龍眼、椰子成熟后，一般情況下，單個瓜果體積最接近2cm的是龍眼，其余水果的體積都遠遠大于2cm，故ABD錯誤，C正確；故應選C。【考點定位】長度的估測

2．如圖所示，對光有發散作用的透鏡是（）

33A． B． C． D．

【答案】B 【解析】

【考點定位】凹透鏡的發散作用 3．下列物體具有動能的是（）A．靜止不動的課桌 B．掛在樹上的椰子 C．拉長了的橡皮筋 D．正在行駛的汽車 【答案】D 【解析】

試題分析：物體由于運動而具有的能量叫動能；靜止的課桌不具有動能，故A錯誤；物體由于運動而具有的能量叫動能；掛在樹上的椰子是靜止的，不具有動能，故B錯誤；物體由于運動而具有的能量叫動能；拉長的橡皮筋不具有動能，具有彈性勢能，故C錯誤；物體由于運動而具有的能量叫動能；正在行駛的汽車具有動能，故D正確；故應選D。【考點定位】動能和勢能的概念

4．如圖所示，研究液體壓強與流速關系的實驗圖是（）A． B． C． D．

【答案】B 【解析】

【考點定位】流體壓強與流速的關系

5．為了同學們順利進行中考，考務工作非常細致，用物理知識解釋相關做法，正確的是（）A．用廣播指令，說明聲音的傳播不需要介質 B．調節廣播音量，是調節音調的高低 C．用廣播指令，說明聲音可以傳遞信息 D．禁止喧嘩，是在傳播途徑中控制噪聲 【答案】C 【解析】

試題分析：用廣播指令，說明聲音可以在空氣中傳播，故A錯誤；調節廣播音量，是調節聲音的大小，即響度，故B錯誤；用廣播指令傳達一些信息，說明聲音可以傳遞信息，故C正確；禁止喧嘩，是在聲源處控制噪聲，故D錯誤；故應選C。

【考點定位】聲音的傳播條件；防治噪聲的途徑；聲與信息

6．長度相等而粗細不同的兩根銅棒甲和乙，甲棒較粗，兩棒相比，甲棒的（）A．質量較大 B．電阻較大 C．密度較大 D．比熱容較大 【答案】A 【解析】

試題分析：長度相等而粗細不同的兩根銅棒，甲棒較粗，甲的體積大于乙的體積，由m=ρV可知甲的質量大于乙的質量，故A正確；長度相等而粗細不同的兩根銅棒，材料相同，甲棒較粗，甲的電阻小于乙的電阻，故B錯；長度相等而粗細不同的兩根銅棒，物質種類、所處狀態相同，甲和乙的密度和比熱容相同，故CD錯；故應選A。【考點定位】密度公式的應用

7．某晶體熔化時溫度隨時間變化的圖象如圖所示，根據圖象判斷正確的是（）

A．開始計時，晶體開始熔化 B．第25min后，晶體開始熔化 C．溫度達到80°C時，晶體開始熔化 D．溫度達到50°C時，晶體開始熔化 【答案】C 【解析】

【考點定位】晶體的熔化和凝固圖像

8．如圖所示，給四個靜止的物體同時施加方向相反的力F1和F2的作用，其中能繼續保持靜止的物體是（）

A． B． C． D．

【答案】B 【解析】

試題分析：兩個力不是作用在同一直線上，故不是一對平衡力，不能處于靜止狀態，故A錯誤；兩個力作用在同一物體上，在一條直線上，大小相等，方向相反，是一對平衡力，物體處于靜止狀態，故B正確；兩個力的大小不相等，故不是一對平衡力，物體不能處于靜止狀態，故C錯誤；兩個力作用在同一物體上，在一條直線上，大小不相等，方向相反，不是一對平衡力，物體不能處于靜止狀態，故D錯誤；故應選B。【考點定位】力與運動的關系

9．如圖所示，塞子從試管口跳出，是由于水蒸氣對塞子做了功，這個過程中能量的轉化是（）

A．內能轉化為機械能 B．化學能轉化為內能 C．機械能轉化為內能 D．只有內能的轉移 【答案】A 【解析】

【考點定位】做功改變物體內能

10．如圖所示，GMR是一個巨磁電阻，其特性是電阻在磁場中會急劇減小，且磁場越強電阻越小，閉合開關S2后，下列四種情況相比較，指示燈最亮的是（）

A．S1斷開，滑片P在圖示位置 B．S1閉合，滑片P在圖示位置 C．S1閉合，滑片P在滑動變阻器最右端 D．S1閉合，滑片P在滑動變阻器最左端 【答案】D 【解析】

試題分析： S1斷開時，電磁鐵無磁性，由題意可知GMR的電阻最大，由I=可知，右側電路中電流最小，由P=I2R可知，指示燈的實際功率最小，指示燈最暗，故A錯誤；閉合S1時，GMR所處的位置由無磁場變為有磁場，GMR的阻值減小；當滑片P在滑動變阻器最左端時，左側電路的電阻最小，由I=可知，左側電路中的電流最大，電磁鐵磁性最強，則GMR的電阻最小，右側電路中電流最大，由P=I2R可知，指示燈的實際功率最大，指示燈最亮，故BC錯誤，D正確；故應選D。【考點定位】影響電磁鐵磁性強弱的因素；歐姆定律的應用

二、填空題（本大題有7小題，每小題4分，共28分）11．如圖所示，電熨斗利用電流的 效應工作，發光二極管具有單向導電性，它是利用 材料制成的．

【答案】熱；半導體 【解析】

試題分析：電熨斗工作時，電能轉化為內能，電熨斗是利用電流熱效應工作的；發光二極管的主要材料是半導體。

【考點定位】電流的熱效應、化學效應和磁效應；半導體的特點

12．海口“雙創”以來，綠色出行的理念深入人心．小謙同學騎自行車上學，以自行車為參照物，小謙是 的，他以5m/s的速度，勻速直線騎行500m的時間是 s． 【答案】靜止；100 【解析】

【考點定位】參照物及其選擇；速度公式及其應用

13．教室的日光燈之間是 的（選填“串聯”或“并聯”），日光燈正常工作的電壓是 V． 【答案】并聯；220 【解析】

試題分析：教室的日光燈的額定電壓，即正常工作電壓都是220V，為了都能正常工作，并且互相不影響，各用電器之間都應該并聯在照明電路中。【考點定位】串聯電路和并聯電路的辨別

14．在南海試開采可燃冰取得成功，說明我國的可燃冰開采技術居于世界領先水平．科學家估測，以目前的消費速度，地球上可燃冰儲量可滿足80至800年的全球天然氣需要．可燃冰是（選填“可再生”或“不可再生”）能源．可燃冰在深海開采，某設備重100N，浸在水中排開海水重80N，它浸在海水中受到的浮力大小是 N． 【答案】不可再生；80 【解析】 試題分析：可燃冰燃燒后，短時間內不能恢復，屬于不可再生能源；根據阿基米德原理可知，物體受到的浮力等于其排開的液體受到的重力，即浮力等于排開的海水的重力80N。【考點定位】能源的分類；浮力大小的計算

15．6月4日的《南海日報》報道：“今年“荔枝王”重2兩2”，即單顆荔枝的質量達到110g．110g= kg．若這顆荔枝的體積是1×10﹣4m3，它的密度是 kg/m3． 【答案】0.11；1.1×103 【解析】

試題分析： 110g=110×10kg=0.11kg；ρ==【考點定位】質量的單位換算；密度的計算

16．六月初，瓊島連日持續高溫，局部最高氣溫達到42.1°C，此溫度（選填“高于”或“低于”）人的正常體溫．在地面上灑水降溫，是利用水 吸熱． 【答案】高于；汽化（蒸發）【解析】 ﹣

3=1.1×10kg/m。

33【考點定位】溫度；汽化及汽化吸熱的特點

17．如圖所示，圖甲不計滑輪重與摩擦，勻速提升重30N的物體，彈簧測力計的示數F= N，圖乙杠桿水平平衡，則A、B兩物體對杠桿的拉力大小關系是FA= FB．

【答案】10；2 【解析】

試題分析：由圖甲可知，n=3，不計滑輪重與摩擦，則拉力的大小：F=G=×30N=10N；圖乙杠桿水平平衡，設杠桿上每個格的相等為L，則A物體對杠桿拉力的力臂LA=2L，B物體對杠桿拉力的力臂LB=4L，由F1L1=F2L2可得，FALA=FBLB，則==

=2，即FA=2FB。

【考點定位】滑輪組繩子拉力的計算；杠桿的平衡條件

三、作圖和實驗題（第18題4分，第19題6分，第20題10分，共20分），按照要求作圖（請用作圖工具規范作圖）

18．在圖中畫出入射光線AO的反射光線OB

【答案】如下圖所示

【解析】

【考點定位】作光的反射光路圖

19．在圖中畫出繩子對小車的拉力F的示意圖

【答案】如下圖所示

【解析】

試題分析：過拉力的作用點O，沿繩子的方向畫一條有向線段，用F表示，即為繩子對小車的拉力F的示意圖，如上圖所示。【考點定位】力的示意圖

20．如圖所示，測量物體在水平面上運動時，受到的動摩擦力的大小．

（1）測量時，要用彈簧測力計拉著物體在水平面上做 運動．

（2）讀出圖丙中彈簧測力計的示數，可測出此次實驗滑動摩擦力的大小是 N．

（3）比較甲、乙、丙三圖測量結果，得到的結論是：在其他條件相同的情況下，越大，滑動摩擦力越大．

【答案】（1）勻速直線；（2）2.4；（3）壓力 【解析】

【考點定位】探究摩擦力的大小與什么因素有關的實驗

21．如圖所示，圖甲是課本上“通電導線在磁場中受力”的實驗示意圖，小謙同學實際探究時，在電路上連接了一個滑動變阻器，實驗記錄如下表：

（1）用筆畫線代替導線，在乙圖中將變阻器正確連入電路，小謙在電路中接入滑動變阻器的作用是 ．（2）比較實驗2和3，說明通電導線在磁場中受力方向與 有關，比較實驗，說明通電導線在磁場中受力方向與電流方向有關．

（3）小謙通過觀察導線運動方向，來判斷導線在磁場中受力方向，用到的科學方法是 ．

（4）小謙想在甲圖的基礎上對實驗進行改造，來探究影響感應電流方向的因素，為了觀察到明顯的實驗現象，他要把圖甲中的電源換成圖丙中的 ．

【答案】（1）如下圖所示；保護電路；（2）磁場方向；

2、4；（3）轉換法；（4）靈敏電流計

【解析】

方向，用到的科學方法是轉換法；（4）探究影響感應電流方向的因素，為了觀察到明顯的實驗現象，需要用靈敏電流計代替電源來顯示產生感應電流的方向。【考點定位】磁場對通電導線的作用

四、綜合應用題（第21題10分，第22題12分，共22分。）

22．有一臺電動起重機，電動機的電功率是2.5×103W，它在30秒內將質量為1.5t的大石頭沿豎直方向勻速提升2m．

（1）大石頭的重力是多少N？（g取10N/kg）（2）起重機提升大石頭消耗的電能是多少？（3）起重機提升大石頭的效率是多少？

（4）寫出一條提高起重機效率的合理建議： ．

【答案】（1）1.5×104N；（2）7.5×104J；（3）40%；（4）改進起重機結構，減小動滑輪重力 【解析】

試題分析：（1）大石頭的重力：G=mg=1.5×10kg×10N/kg=1.5×10N；（2）根據P=可得，起重機提升大石頭消耗的電能：W總

34=Pt=2.5×10W×30s=7.5×10J；（3）起重機提升石頭做的有用功：W×100%=

4有=Gh=1.5×104N×2m=3×104J，起重機提升大石頭的效率：η=×100%=40%；（4）提高機械效率的方法：①改進起重機結構，減小動滑輪重力；②經常保養，加潤滑油，減小摩擦；③減小電動機內部導線電阻等。【考點定位】重力的計算；能量利用效率；電功的計算

23．如圖所示，圖甲是小謙同學研究調光燈的實驗電路圖，小燈泡規格是“6V 3W”，閉合開關S，當滑動變阻器滑片P在A點時，滑動變阻器連入電路的電阻為R1，電壓表的示數為4V，當滑動變阻器滑片P在B點時，滑動變阻器連入電路的電阻為R2，電壓表的示數為2V，且R2=2R1，測繪出小燈泡的I﹣U圖象如圖乙所示，電源電壓保持不變．

（1）根據小燈泡的I﹣U圖象判斷，小燈泡的阻值是否恒定（選填“恒定”或“不恒定”），用物理知識解釋其原因是 ．（2）小燈泡正常發光時的電流是多少A？

（3）小燈泡兩端電壓為2V時的實際功率是多少W？（4）電源電壓是多少V？

【答案】（1）不恒定；燈絲電阻隨溫度改變而改變；（2）0.5A；（3）0.5W；（4）12V 【解析】，解得，R1=20Ω，R2=40Ω，代入②得，U=12V。【考點定位】電功率與電壓、電流的關系；實際功率

第三篇：黑龍江省哈爾濱市2018年中考物理真題試題(含解析)

黑龍江省哈爾濱市2018年中考物理真題試題

一、選擇題

1.關于物理量的測量，下列測量結果正確的是（）

A.木塊長度是2.5cm B.物體質量是41.3g C.液體溫度是30℃ D.消耗電能是1866.6J

【答案】C 【解析】解：A．用刻度尺測長度，讀數時應估讀到分度值的下一位，木塊長度等于右端示數減去左端示數，即L=2.50cm-0.50cm=2.00cm，故A錯誤。

B．圖中天平標尺的分度值為0.2g，則物體的質量m=20g+20g+1.6g=41.6g，故B錯誤。

C．圖中溫度計的分度值為1℃，向上示數增大，故示數為零上，所以溫度計的讀數為30℃，故C正確。D．電能表示數為1866.6，單位為故答案為C。

點睛：本題考查各種測量儀器的讀數，掌握它們的使用方法，認清量程和分度值是正確讀數的關鍵，長度測量要估讀到分度值的下一位。

2.關于光現象的描述，下列說法不正確的是（）

。表示消耗的電能是1866.6，故D錯誤。

A.甲圖：墻上出現手影——手擋住了光直線傳播的路徑 B.乙圖：從不同角度能看見光屏上的實像——光發生鏡面反射 C.丙圖：平行光通過凹透鏡后的現象——凹透鏡對光有發散作用

D.丁圖：小明通過平面鏡看到小貓，同時小貓通過平面鏡也看到小明——反射時光路可逆 【答案】B 【解析】解：A．墻上出現手影，說明光在沿直線傳播的過程中遇到了不透明的手，在手后面光照不到的區域形成了影子，故A正確。

B．從不同角度能看見光屏上的實像是因為光發生了漫反射，故B錯誤。

C．凹透鏡對光有發散作用，平行光通過凹透鏡后，折射光線變的發散，故C正確。

D．因為反射光路是可逆的，小明通過平面鏡看到小貓，同時小貓通過平面鏡也看到小明，故D正確。故答案為B。

點睛：本題通過日常生活中的光現象，考查了對光的直線傳播、光的反射、光的折射、光路可逆的理解和應用，考查了學生理論聯系實際的能力，在學習中要善于利用所學的物理知識解釋、解決有關問題。3.在“冰城”哈爾濱的冰雪大世界中，下列說法正確的是（）A.嘴中呼出的“白氣”是凝華現象

B.用雪制成的雕塑一段時間會變小，是汽化現象 C.雪的形成過程是放熱過程

D.冰放在手中融化了，冰在融化過程中溫度升高 【答案】C 【解析】解：A．嘴中呼出的“白氣”是水蒸氣遇冷液化形成的小水滴。故A錯誤。B．雪雕經過一段時間會變小，是雪由固態直接變為氣態，屬于升華現象，故B錯誤。C．雪是云層中的水蒸氣遇冷凝華形成的小冰晶，凝華放熱，故C正確。D．冰屬于晶體，在熔化過程中，吸收熱量溫度不變，故D錯誤。故答案為C。

點睛：判斷物態變化的類型，關鍵要看清物態變化前后，物質各處于什么狀態；另外對六種物態變化的吸、放熱情況也要有清楚的認識。

4.如圖所示，2018“世界杯”比賽動畫版情景，說法正確的是（）

A.以球門為參照物，射向球門的球是靜止的 B.球在空中飛行時比在地面上時質量大 C.球被小寶頂出后由于慣性繼續飛行 D.踢球時，腳對球有作用，球對腳沒有力的作用 【答案】C 【解析】解：A．以球門為參照物，射向球門的球相對于球門的位置發生了改變，所以球是運動的，故A錯誤。

B．質量是物質的一種屬性，與位置、物態和形狀無關，所以球在空中飛行時比在地面上時，其質量不會改變，故B錯誤。

C．慣性是物體保持原來運動狀態不變的性質，球被頂出后由于慣性繼續飛行，故C正確。D．踢球時，腳對球有作用，因為力的作用是相互的，所以球對腳也有力的作用，故D錯誤。故答案為C。

點睛：以生活中的熱點問題2018“世界杯”比賽場景為內容，考查了與力學相關的多個知識點，體現了物理與生活的聯系，屬力學基礎題。

5.如圖所示是一種太陽能飛機，下列說法不正確的是（）

A.機翼做成上凸下平的形狀可以獲得向上的升力 B.螺旋槳轉動發出轟鳴的響聲是噪聲

C.飛機在向上飛行的過程中，受到的大氣壓強逐漸降低 D.機翼上的電池板將電能轉換成太陽能 【答案】D 【解析】解：A.機翼做成上凸下平的形狀，當飛行時，上方空氣流速大、壓強小，下方空氣流速小、壓強大，可以獲得向上的升力，故A正確。

B．螺旋槳轉動發出轟鳴的響聲是空氣無規則振動產生的，屬于噪聲，故B正確。

C．大氣壓隨高度升高而降低，所以飛機在向上飛行的過程中，受到的大氣壓強逐漸降低，故C正確。D．機翼上的電池板將太陽能轉換成電能，故D錯誤。故答案為D。

點睛：從物理學角度看，噪聲來源于雜亂無章的不規則振動。從環保角度看，一切干擾人們休息、學習和工作的聲音都是噪聲。

6.關于同學們去三峽旅游遇到的情景，下列說法正確的是（）A.在岸上能聞到花香，是因為分子不停地無規則運動 B.三峽的船閘是利用阿基米德原理工作的

C.大壩放水時，聽到震耳欲聾的聲音是由于音調高造成的 D.船上的聲吶設備利用次聲波工作 【答案】A 【解析】解：A．在岸上能聞到花香，是因為分子不停地無規則運動的結果，屬于擴散現象。故A正確。B．三峽的船閘是利用連通器原理工作的，故B錯誤。

C．大壩放水時，聽到震耳欲聾的聲音是由于響度大造成的，故C錯誤。D．船上的聲吶設備是利用超聲波工作的，故D錯誤。故答案為A。

點睛：聲音的三個特征分別是音調、響度和音色，結合它們的影響因素和特點可做出辨別。音調表示聲音的高低，響度表示聲音的大小，音色表示聲音的特色。7.下面的電路圖中，連接正確的是（）

A.B.C.D.【答案】C 【解析】解：A．燈泡的正確接法：火線先進入開關，再進入燈泡頂端的金屬點，零線直接接在燈泡的螺旋套上。這樣在斷開開關時能切斷火線，接觸燈泡不會發生觸電事故。圖中開關控制零線，故A不正確。B．由圖可知，電流表的正負接線柱接反了，故B不正確。

C．由實物圖可知，電流從電源正極出發開始分流，一支經燈泡L1，一支經燈泡L2，然后共同經過開關S回到負極，兩燈泡并聯，故C正確。

D．電壓表應并聯接入電路中，由實物圖可知，電壓表與燈泡L1串聯，故不符合電壓表使用規則，D不正確。故答案為C。

點睛：本題考查了電流表、電壓表的連接方法，家庭電路連接的注意事項，分析清楚電路圖是正確解題的關鍵。

8.下列說法正確的是（）

A.甲圖：根據通電螺線管的信息可知，小磁針的指向是正確的 B.乙圖：麥克風是一種傳感器，它是根據磁場對電流的作用制成的 C.丙圖：被手反復摩擦的塑料繩散開，是因為異種電荷相互排斥 D.丁圖：用濕抹布擦正在發光的燈，符合安全用電原則 【答案】A 【解析】解：A.根據安培定則，由通電螺旋管電流方向可知，螺線管左端是N極，右端是S極。根據磁極間相互作用規律可知，小磁針的右端為N極，所以小磁針的指向是正確的，故A正確。

B.麥克風的工作原理是電磁感應，聲音傳到麥克風使線圈振動作切割磁感線運動，產生感應電流，感應電流在經過其他設備放大聲音，B選項錯誤；

C.反復摩擦后的塑料繩散開，是由于同種電荷相互排斥造成的，C選項錯誤； D.用濕抹布擦發光的燈，易造成觸電，不符合安全用電原則，D選項錯誤。故答案為A。

點睛：本題考查電生磁、電荷、安全用電知識，是一道綜合性較強的題目。9.下列說法不正確的是（）A.鉆木取火是根據做功的方式改變內能的 B.汽油機壓縮沖程中是將內能轉換成機械能 C.核電站利用核裂變獲得能量 D.0.5kg的氫氣完全燃燒放出【答案】B 【解析】解：A．鉆木取火屬于摩擦生熱，是通過做功的方式改變內能的，故A正確。B．汽油機壓縮沖程中是將機械能轉換成內能，故B錯誤。C．核電站的核反應堆利用核裂變獲得能量，故C正確。D．由Q=qm可得，0.5kg的氫氣完全燃燒放出的熱量是確。故答案為B。，故D正

J的熱量（氫氣的熱值是

J/kg）點睛：汽油機的壓縮沖程將機械能轉化為內能，做功沖程將內能轉化為機械能；

10.如圖所示，利用滑輪組將重力為2N的物體，以0.2m/s的速度提升0.1m，拉力F為1.2N，下列說法正確的是（）

A.繩自由端移動的速度是0.6m/s B.這個滑輪組是費力機械 C.滑輪組的機械效率是83.3% D.F做的有用功是0.24J 【答案】C 【解析】解：A．由圖可知，滑輪組承擔物重和動滑輪重的繩子股數n=2，所以繩子自由端移動速度v=2v物=2×0.2m/s=0.4m/s，故A錯誤。

B．由題可知，物重G=2N，拉力F=1.2N，F＜G，所以這個滑輪組是省力機械，故B錯誤。CD．拉力做的有用功W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J，拉力做的總功W總=Fs=1.2N×2×0.1m=0.24J，所以滑輪組的機械效率：故C正確，D錯誤。故答案為C。

點睛：確定使用滑輪組承擔物重和動滑輪重的繩子股數是突破口。明確有用功、總功的含義是關鍵。11.甲乙兩圖中鐵球沿斜槽從頂端靜止滾下，到達水平面后繼續行駛，最后停止。下列分析不正確的是（），A.甲圖：鐵球從斜槽頂端到底端，重力做功，重力勢能減小 B.甲圖：鐵球在頂端時動能為零

C.乙圖：整個過程中鐵球的機械能是守恒的

D.乙圖：磁鐵對鐵球磁力的作用，改變了鐵球的運動方向 【答案】C 【解析】解：A．甲圖：鐵球從斜槽頂端到底端，鐵球受重力作用且在重力的方向上通過了距離，所以重力做功；因為此過程中，鐵球質量不變，高度降低，所以重力勢能減小。故A正確。B．鐵球在頂端時處于靜止狀態，速度為零，動能為零，故B正確。

C．乙圖：鐵球從斜槽頂端到底端，整個過程中要克服空氣阻力和摩擦阻力做功，一部分機械能轉化為內能，所以鐵球的機械能是不守恒的，故C錯誤。

D．力是改變物體運動狀態的原因，磁鐵對鐵球磁力的作用，改變了鐵球的運動方向，故D正確。故答案為C。

點睛：力可以改變物體的形狀，也可以改變物體的運動狀態。運動狀態的改變包括運動快慢或者運動方向的改變。

12.如圖是“水位自動報警器”電路圖，容器中裝有鹽水，和分別是“2.5V，0.3A”和“2.5V，0.5A”的燈泡，下列說法不正確的是（）

A.液面上升到與金屬塊B接觸時，電磁鐵工作，說明鹽水是導體 B.液面上升，金屬塊A受到的液體壓強變大 C.工作1min電流做功45J D.若在電路中M點接入電鈴，則電鈴響說明水位到達警戒線 【答案】D 【解析】解：A．容器中裝有鹽水，液面上升到與金屬塊B接觸時，電磁鐵工作，說明有電流通過電磁鐵，鹽水相當于閉合的開關，所以是導體，故A正確。

B．液面上升，液體深度增加，根據液體壓強公式p=ρgh可知，金屬塊A受到的液體壓強變大，故B正確。C．L1正常工作時，其兩端電壓為2.5V，通過它的電流為0.3A，則工作1min電流做的功W=UIt=2.5V×0.3A×60s=45J，故C正確。

D．由圖可知，若在電路中M點接入電鈴，電鈴與兩只燈泡都是串聯，所以無論水位是否達到警戒線，電鈴都響，故D錯誤。故答案為D。點睛：本題考查了導體與絕緣體的應用、液體壓強的影響因素、電功的計算和電路的連接，難度不大，但包含的知識點較多，熟練掌握基本知識、認真作答是正確解答的關鍵。

三、非選擇題

13.近日，上海合作組織青島峰會引起全世界關注，用衛星轉播峰會實況是利用________來傳遞信息的；記者的說話聲是由聲帶_________產生的。【答案】(1).電磁波(2).振動

【解析】解：（1）衛星通信是利用電磁波來傳遞信息的；

（2）聲音是由物體振動產生的，所以記者的說話聲是由聲帶振動產生的； 點睛：微波通信、衛星通信、光纖通信都是利用電磁波來傳遞信息的；

14.小聰坐在一輛行駛在平直公路上的汽車上，車運動的快慢是變化的，小聰用手表計時t是3min，還知道這段時間內汽車通過的路程s為4km，則 = _____km/h，這個物理量反映了車在這段時間內的 _______。【答案】(1).80(2).平均快慢程度 【解析】解：已知汽車運動的時間，通過的路程s=4km，則這段時間汽車的速度；

平均速度反映了汽車在一段路程或一段時間內的平均快慢程度。點睛：運用速度公式求平均速度，要注意路程和時間的對應關系，并統一單位。

15.如圖是“研究水沸騰規律”的實驗，試管中水的質量是0.2kg，這些水從20℃升高到70℃吸收的熱量是__________J；水沸騰過程中，溫度計的示數將______________。（）

【答案】(1).(2).不變

【解析】解：（1）水吸收的熱量：

；

（2）水沸騰過程中，吸收熱量溫度不變，所以溫度計的示數將不變。點睛：本題考查了吸熱公式的應用和水沸騰的特點，在物質吸收（或放出）的熱量Q、比熱容c、質量m、溫度的變化量這四個量中，只要任意已知其中的三個量，就可以利用公式或其變形公式來計算未知量，因此要熟練掌握公式。

16.通過110Ω電阻絲的電流是2A，產生8800J的熱量需要通電________s，這段時間電流做的功是_______J。

【答案】(1).20(2).8800 【解析】解：由焦耳定律Q=I2Rt可得，通電時間，電熱絲工作過程中，電流做的功等于產生的熱量，所以電流做的功是8800J。

點睛：本題考查了焦耳定律變形公式的應用和電功與電熱的關系。電流做功的過程，也就是將電能轉化為其他形式的能量的過程。電阻絲通電時，不計熱損失，電能全部轉化為內能。

17.夏天把西瓜放在冰水里降溫，西瓜浸沒于水中后放手，西瓜會上浮，是由于________________ ；用手撈出西瓜的過程中，人感覺越來越費力，由此可以猜想浮力大小與_____________有關。【答案】(1).西瓜受到的浮力大于重力(2).物體排開液體的體積

【解析】解：西瓜浸沒于水中后放手，由于西瓜受到的浮力大于重力，所以西瓜會上浮。

浮力與液體的密度和物體排開液體的體積有關。用手撈出西瓜的過程中，西瓜排開水的體積逐漸減小，而水的密度不變，根據阿基米德原理浮力大小與物體排開液體的體積有關。

點睛：通過生活實例，考查學生對物體浮沉條件的應用和浮力的大小與什么因素有關，理論聯系實際，可以加深學生對物理規律的認識和理解。

18.使用筷子時，需要用較大的力才能夾起食物，這是在接觸面粗糙程度一定的情況下，通過_________的方法來增大摩擦，用吸管吸起飲料是利用了_________的知識。【答案】(1).增大壓力(2).大氣壓強

【解析】使用筷子時，需要用較大的力才能夾起食物，這是在接觸面粗糙程度一定的情況下，通過增大壓力的方法來增大摩擦；

用吸管吸起飲料時，吸管內的氣壓小于外界大氣壓，飲料在大氣壓力作用下被壓入嘴里，是利用了大氣壓； 點睛：增大摩擦力的方法：在接觸面粗糙程度一定時，通過增大壓力來增大摩擦力；在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力。

19.電阻、串聯，電源電壓是10V，兩端電壓是8V，是10Ω，則中的電流等于__A，等于 Ω。【答案】0.8 2.5

可知，西瓜所受浮力變小，所以感覺越來越費力，由此可知【解析】解：（1）通過R1的電流：；

（2）由于串聯電路的總電壓等于各電阻兩端的電壓之和，則： R2兩端的電壓U2=U-U1=10V-8V=2V，由于串聯電路的電流處處相等，則I2=I1=0.8A，根據歐姆定律可得：

；

點睛：本題考查串聯電路的特點和歐姆定律的應用，難度不大，屬于基礎題；

20.“探究小燈泡電功率”的實驗電路圖如圖甲，實驗中選用“2.5V”的小燈泡，調節滑動變阻器滑片的過程中發現燈泡亮度變化，這是由于__________變化引起的。實驗得到小燈泡的U-I圖像如圖乙，則小燈泡的額定功率是_________W。

【答案】(1).燈泡實際功率(2).0.75 【解析】解：（1）由電路圖可知，小燈泡L與滑動變阻器串聯，調節滑動變阻器滑片的過程中，電路中的電流變化。根據P=I2R可知，燈泡實際功率變化引起燈的亮度發生變化；

（2）由圖乙可知，當小燈泡兩端電壓U=2.5V時，通過燈泡的電流I=0.3A，所以小燈泡的額定功率P額=U額I=2.5V×0.3A=0.75W；

點睛：燈泡的亮度由燈的實際功率決定；

21.小明將電水壺插頭連接在如圖的三孔插座上，電水壺正常工作，同時電水壺外殼與________相連，此時將臺燈連接到圖中兩孔插座上，閉合開關后燈不亮，原因是_________。之后，小明成功的排除了故障。

【答案】(1).保護接地線(2).臺燈所在支路開路

【解析】解：電熱水壺接入電路時需用三孔插座，電水壺正常工作，同時電水壺外殼與保護接地線相連，防止發生漏電事故； 此時將臺燈連接到兩孔插座上，電熱水壺與臺燈并聯，閉合開關后燈不亮，說明臺燈所在支路開路； 點睛：并聯電路各個用電器能夠獨立工作，互不影響。并聯電路一個工作，另一個不工作，不可能是短路，只能是斷路。

22.在“測量礦石密度”實驗中，從統一標本中取出三塊礦石，通過測量分別得到三組數據，第一組數據是=12g，=2.5，剩下的兩組數據記錄在紙上了（如圖），請梳理出其中一組數據填入空中_______________（要帶單位），梳理的依據是__________________。

【答案】(1).m2=50g，V2=10cm(2).由公式【解析】解：礦石的密度是，3，密度是物質的一種特性

因為密度是物質本身的一種特性，與物質的質量、體積無關。所以其質量與體積之比應為。

計算可知：，與

比較接近。

或所以m2=50g，V2=10cm3；m3=30g，V3=6.1cm3； 梳理的依據是由公式，密度是物質的一種特性。

點睛：本題考查密度的計算，關鍵是知道密度是物質本身的一種特性，與物質的質量、體積無關。23.如圖所示，在“探究杠桿平衡條件”實驗中，用帶有等間隔刻度的杠桿進行實驗，實驗前已調杠桿水平平衡，在A點施加豎直向上的力，為使杠桿恢復水平平衡，請畫出在B點施加的最小力F的示意圖及其力臂L。（標出F大小）

【答案】 【解析】解：由圖可知，在A點施加豎直向上的力為2N，力臂為2L。根據杠桿平衡條件：FB×4L=2N×2L，解得，在B點施加的最小力FB=1N，使杠桿在水平位置平衡，該力的方向應該垂直杠桿向上，如圖所示：

點睛：若在杠桿上B處施加最小的力F，使杠桿在水平位置平衡，該力的方向應該垂直杠桿向上；然后再根據杠桿平衡條件求得最小力的大小，并作出其力臂。

24.如圖所示，F是凸透鏡焦點，請畫出光線a、b對應的折射光線和入射光線。

【答案】

【解析】解：過光心的光線經凸透鏡折射后傳播方向不變；平行于主光軸的光線經凸透鏡折射后將過焦點。如圖所示：

點睛：凸透鏡的三條特殊光線：①通過焦點的光線經凸透鏡折射后將平行于主光軸；②平行于主光軸的光線經凸透鏡折射后將過焦點；③過光心的光線經凸透鏡折射后傳播方向不變； 熟記三條特殊光線是作凸透鏡光路圖的關鍵。

25.300多年前，伽利略對“力和運動的關系”進行了探究。下面是模擬伽利略“推斷物體不受力時運動情況”的實驗。如圖是同一小車從同一斜面的同一高度由靜止下滑，從粗糙程度不同的水平面上由運動到靜止的過程。（四種接觸面的粗糙程度由小到大的順序是：玻璃板、紙板、棉布、毛巾）

（1）小車在水平面上運動時，在豎直方向上受到的力有 __________，其合力為_______；在水平方向受到摩擦力，這個力對小車運動狀態的影響是_______________________。

（2）為了便于推理得出結論，請將圖中的四次實驗排出合理的順序：________________。（3）牛頓在伽利略實驗的基礎上，進一步推廣得出：一切運動的物體，在不受外力作用時，總保持_________________狀態，這一普遍規律奠定了牛頓的力學基礎。

【答案】(1).重力和支持力(2).零(3).減小車的速度(4).bdca(5).勻速直線運動

【解析】解：（1）小車在水平面上運動時，受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力，它們是一對平衡力，所以其合力為零；

小車在水平方向受到摩擦力，摩擦力使小車的運動速度減小。

（2）同一小車從同一斜面的同一高度由靜止下滑，小車滑到斜面底端時具有相同的速度，在初速度相同的條件下，水平面越光滑，小車受到的摩擦力越小，速度減小的越慢，小車運動的越遠，所以合理的順序是接觸面應該逐漸變光滑，即毛巾、棉布、紙板、玻璃板，故圖中的四次實驗排出合理的順序為bdca。（3）牛頓在伽利略實驗的基礎上，進一步推廣得出：一切運動的物體，在不受外力作用時，總保持勻速直線運動狀態，這一普遍規律奠定了牛頓的力學基礎。

點睛：本題考查了探究力與運動關系的實驗，對小車正確受力分析，分析圖示實驗情景即可正確解答。解題時要注意控制變量法的應用。26.實驗探究：平面鏡成像的特點

（1）請將擺放器材的過程補充完整：白紙平鋪在水平桌面上，蠟燭A正確放在白紙上，_____。（器材如圖甲）（2）徐麗擺好器材后，點燃蠟燭A，另拿一個和A相同的蠟燭B替代A去找像，發現B與A的像完全重合并像點燃了一樣，由此可以分析出哪些信息______________？（請寫出兩條）

（3）回家后，徐麗照鏡子（如圖乙），她認為當她離鏡子越遠時，自己的像越小，想要證明她的觀點是否正確，請寫出你需要收集的證據 __________。

【答案】(1).玻璃板垂直桌面放在白紙中央(2).像與物體等大；像的位置(3).同一物體在不同物距時對應的像的大小

【解析】解：（1）白紙平鋪在水平桌面上，蠟燭A正確放在白紙上，將玻璃板垂直桌面放在白紙中央，否則無論怎么移動另一支蠟燭都不能與像重合；

（2）實驗時，點燃蠟燭A，另拿一個和A相同的蠟燭B替代A去找像，發現B與A的像完全重合并像點燃了一樣，由此可以得出的結論是像與物體等大，還可以確定像的位置；

（3）想探究“像的大小與物體到鏡子距離的關系”，應該記錄同一物體在不同物距時，對應的像的大小，從而證明她的觀點是否正確。

點睛：平面鏡成像的特點是：物和像的大小相等，物體到平面鏡的距離與像到平面鏡的距離相同，物像連線與鏡面垂直；

27.在“探究電流與電阻的關系”的實驗中，慶寶連接的電路如圖甲所示。

（1）實驗前，檢查電路發現連接出錯，請在圖中用筆畫線代替導線改正錯誤。要求：滑動變阻器滑片向右滑動時電流表示數變小___________。（若需要去掉導線，可在要去掉的導線上打“

”）

（2）改正后，用5Ω電阻進行實驗，電壓表示數為U時，電流表示數I1如圖乙所示，是____A。之后，用10Ω電阻替換5Ω電阻繼續實驗，發現電壓表指針偏轉超量程，電流表有示數，他操作中存在的問題是___。（3）慶寶正確測量了三組數據（如圖表），他還想用手邊200Ω電阻獲取第四組數據，他只依據表中信息就發現此電阻不適合，請根據表中信息寫出實驗結論，并寫出分析200Ω電阻不適合的原因_____________。

【答案】(1).(2).0.6(3).更換電阻后沒有把滑動變阻器的滑片調到B端，就閉合了開關(4).結論：導體兩端電壓U一定時，通過它的電流I跟它的電阻R成反比；IR=3A·Ω；分析：根據結論可知，I4=3 A·Ω/R4=3/200A=0.015A，I4小于電流表分度值0.02A，誤差太大，所以200Ω電阻不合適。

【解析】解：（1）原電路中，將滑動變阻器上面兩個接線柱連入了電路中，是錯誤的。

根據滑動變阻器滑片向右滑動時電流表示數變小，即電阻變大，故滑動變阻器左下接線柱連入電路中，如圖所示：

（2）如圖乙所示，電流表選用小量程，分度值為0.02A，故電流是0.6A。

連接電路時，開關要斷路，且將滑動變阻器的最大阻值連入電路中。因此用10Ω電阻替換5Ω電阻繼續實驗，發現電壓表指針偏轉超量程，電流表有示數，操作中存在的問題是更換電阻后，沒有把滑動變阻器的滑片調到B端，就閉合了開關。（3）由表中數據可知，電流與電阻之積：跟它的電阻R成反比； 當R4=200Ω時，電阻不合適。

點睛：本題探究電流與電阻關系，考查了電路的連接、電流表讀數、實驗數據分析和對實驗方案的評估，是一道綜合題。

28.隨著生活水平的提高，汽車成為人們常用的交通工具。下表是兩種汽車的相關數據：請回答：，這個電流值小于電流表的分度值0.02A，測量誤差太大，所以200Ω

為一定值，即導體兩端電壓U一定時，通過它的電流I

（1）電動汽車工作時電動機最大功率是90kW，工作電壓是300V，求電動機工作時最大電流是多少？電動機工作5min，電流所做的功最多是多少？

（2）電動汽車和燃油汽車輪胎與地面的總接觸面積均為0.1m2,求兩汽車靜止時對水平地面的壓強之比。（3）若從哈爾濱經高速公路自駕到某地旅游，兩地距離S0為2000km，電費或油費的預計支出是700元，通過計算說明兩車能否到達目的地。（高速路上能滿足充電或加油的需求）

【答案】（1）300A 2.7×107J（2）10:7（3）電動汽車能到達目的地，燃油汽車不能到達目的地 【解析】解：（1）由P=UI可得，電動機工作時最大電流是，根據可得，電動機工作5min，電流所做的功最多是

；

（2）兩車靜止時對水平地面的壓力都等于其重力，即F電=G電=m電g，F燃=G燃=m燃g，S電=S燃=0.1m，2所以兩汽車靜止時對水平地面的壓強之比；

（3）已知電費單價：，則700元電動車提供的電能：，由表可知：充滿一次電：①電池儲存電能：電動車行駛的距離已知油費單價：7元/L，則700元能為燃油車提供燃油，②能行駛的最大路程：300km（高速）。則700元能使

；

已知燃油車百公里平均消耗油量：8L（高速），則700元能使燃油車行駛的距離

；，所以電動汽車能到由題，從哈爾濱經高速公路自駕到某地旅游，兩地距離S0為2000km，因為達目的地，燃油汽車不能到達目的地。答：（1）電動機工作時最大電流是300A，電動機工作5min，電流所做的功最多是；（2）兩汽車靜止時對水平地面的壓強之比為10:7；（3）電動汽車能到達目的地，燃油汽車不能到達目的地；

點睛：此題考查了壓強公式、電功公式和電功率公式的應用等，綜合性強，難度較大；通過計算比較說明了使用電能的優點：經濟、環保。

第四篇：山東省煙臺市2018年中考物理真題試題(含解析)

山東省煙臺市2018年中考物理真題試題

一．選擇題

1．（2018?煙臺）“北斗”衛星是中國自行研制的通信系統，可在全球范圍內全天候地為各類用戶提供高精度，高可靠性的定位、導航等服務，該系統在傳遞信息過程中主要依靠（）A．聲波 B．超聲波 C．次聲波 D．電磁波

2．（2018?煙臺）為了探究聲音產生的條件，小明設計了如圖所示的幾個實驗，你認為不能完成探究目的是（）

A．

發出“啊”的聲音，用手指觸摸喉嚨處

B．

一邊改變管子插入水中深度，一邊用嘴吹管的上端

C．

敲打銅鑼，鑼響后用手觸摸鑼面

D．

敲擊音叉后，將音叉輕輕地接觸臉頰

3．（2018?煙臺）如圖所示的杠桿，屬于費力杠桿的是（）

4．（2018?煙臺）關于慣性，以下說法正確的是（）

A．百米賽跑運動員到達終點不能馬上停下來，是由于運動員具有慣性 B．汽車駕駛員和乘客需要系上安全帶，是為了減小汽車行駛中人的慣性 C．行駛中的公交車緊急剎車時，乘客會向前傾，是由于慣性力的作用 D．高速公路嚴禁超速，是因為速度越大慣性越大 5．（2018?煙臺）下列現象，屬于汽化的是（）A．燒水時，壺嘴冒出“白氣” B．夏天，灑在地板上的水很快干了 C．冬天，室外冰凍的衣服也能變干 D．冰箱冷凍室內壁結霜

6．（2018?煙臺）如圖描述的四個生活實例，屬于光反射現象的是（）

7．（2018?煙臺）一重力為G的熱氣球豎直勻速上升時，它所受到的浮力為F，受到的空力阻力為f，下列關系正確的是（）A．F＞G+f B．F=G+f C．F＜G+f D．F=G﹣f 8．（2018?煙臺）在“探究凸透鏡成像的規律”的實驗中，所用凸透鏡焦距為10cm，當蠟燭從如圖所 示的A位置逐漸移到B位置的過程中，像距及其像的變化情況是（）

A．像距增大，像變大 B．像距減小，像變大 C．像距減小，像變小 D．像距增大，像變小

9．（2018?煙臺）如圖是小明為家里的盆景設計了一個自動供水裝置，他用一個塑料瓶裝滿水后倒放在盆景中，瓶口剛剛被水浸沒，這樣盆景中的水位可以保持一定的高度。塑料瓶中的水不會立刻全部流掉的原因是（）

A．受浮力的作用 B．外界大氣壓的作用

C．盆景盤支持力的作用 D．瓶口太小，水不易流出

10．（2018?煙臺）炎炎夏日，烈日下海灘的沙子熱得燙腳，而海水很清涼，榜晚落日后，沙子涼了，海水卻依然暖暖的，這主要是因為海水和沙子具有不同的（）A．密度 B．內能 C．熱量 D．比熱容

11．（2018?煙臺）物理學中把抽象的、不易直接測量的物理量，轉換為具體的，易測量的物理量的科學方法，叫轉換法，在下圖所示實驗中沒有使用轉換法的是（）

A．

探究光的反射規律 B．

探究液體壓強與哪些因素有關

C．

探究重力勢能與哪些因素有關

D．

探究電熱與哪些因素有關

12．（2018?煙臺）如圖所描述的情景中，沒有發生動能轉化為勢能的是（）

13．（2018?煙臺）如圖描述的是生活中與“電”有關的現象，其中符合安全用電常識的是（）

14．（2018?煙臺）在如圖所示的電路中，閉合開關后，當滑片P向左移動時，下列說法正確的是（A．燈泡L變亮 B．電壓表V示數變大 C．電流表A1示數變小 D．電流表A2示數變大

15．（2018?煙臺）下列實驗現象所揭示的物理原理或規律與對應的技術應用不正確的是（））A． B． C． D．

飛機 內燃機 電磁起重機 電動機 二．填空題

16．（2018?煙臺）小明在探究”海波熔化時溫度的變化規律”的實驗時，設計了甲、乙兩種方案（如圖所示）。實驗應選用 方案，其優點是，實驗過程中溫度計的變化情況是。

17．（2018?煙臺）水平桌面上兩個完全相同的燒杯中分別盛有甲、乙兩種液體，將兩個完全相同的小球A、B分別放入兩燒杯中，當兩球靜止時，兩液面高度相同，球所處的位置如圖所示兩小球；甲所受浮力的大小關系為FA FB，兩小球所排開液體重力的大小關系為GA GB，兩種液體對燒杯底的壓強的大小關系為p甲 p乙（均選填“＞”、“=”或“＜”）。

18．（2018?煙臺）甲、乙兩小車同時同地向東做勻速直線運動，它們的s﹣t圖象如圖所示，甲車的速度為，5s時兩車相距，以甲車為參照物，乙車向 運動。

19．（2018?煙臺）常溫常壓下，一臺標有“220V 2000W“的電熱水壺正常工作時，將質量為1kg、初溫為20℃的水燒開，需要的時間是 [假設該熱水壺產生的熱量完全被水吸收，c水=4.2×10J/（kg?℃）]。20．（2018?煙臺）請在下面的流程圖中填入后面所列出的短語，來解釋電鈴（圖甲）是怎樣利用電磁鐵工作的。短語：彈簧片恢復原狀；電磁鐵無磁性；電路接通；電路斷開；電磁鐵吸引銜鐵，錘子敲擊鈴碗；電磁鐵有磁性。

3三．作圖簡答題

21．（2018?煙臺）學習了電路相關知識后，小明想給自家的養殖場設計一種呼叫裝置，要求前后門來的客人均可呼叫，前門來的客人關閉開關，辦公室的電鈴響、紅燈亮；后門來的客人關閉開關，辦公室的電鈴響、綠燈亮。請在圖中幫助他畫出符合要求的電路圖（導線不得交叉）。

22．（2018?煙臺）

神奇的光伏高速公路

全球首段承載式光伏高速公路2017年12月28日在山東濟南通車，光伏路面全長1120米，路面頂層是類似毛玻璃的新型材料，摩擦系數高于傳統瀝青路面，保證輪胎不打滑的同時，還擁有較高的透光率，讓陽光穿透它：使下面的太陽能把光能轉換成電能，發電裝機容量峰值功率為817.2kW．預計年發電量約100萬千瓦，參與測試的一名中巴車司機說：“路面的感覺和平常高速一樣，剎車距離和平常路面一樣。”在冬季，這段路面還可以將光能轉化為熱能，消融冰雪，確保行車安全。

報道稱，這光伏滑路面還預留了電磁感應線圈，隨著電動汽車無線技術的配套，未來可實現電動車邊跑邊充電，預留的信息化端口還可接入各種信息采集設備：車輛信息、擁堵狀況等信息將匯聚成交通大數據，構建大數據驅動的智慧云控平臺，通過智能系統，車輛管控等措施，能更有效的提升高速公路的運行效率。曬曬太陽就能發電，公路變成”充電寶”，自行融化路面積雪…，這就是智見公路的先行案例。閱讀上文，回答下列問題：

（1）交章中有個物理量的單位有誤，請你指出來并改正；（2）簡要描述“新型材料”的特性；

（3）光伏高速公路的設計應用了哪些物理知識？（回答三點即可）。

四．實驗探究題

23．（2018?煙臺）如圖是利用平板玻璃，兩只相同的蠟燭A和B、刻度尺，筆等器材探究“平面鏡成像特點”的實驗裝置

（1）實驗器材選用兩只相同蠟燭的目的是什么？刻度尺的作用是什么？（2）為了保證實驗效果，對實驗環境有什么要求？（3）簡述確定記錄像位置的方法步驟；

（4）實驗過程中，某實驗小組無論怎樣操作，總是觀察到兩個幾乎重疊的像，其原因是什么？

24．（2018?煙臺）在用天平，量筒“測量鹽水密度”的實驗中，甲、乙、丙三位同學設計了如下三種實驗方案： 方案一： 1．調節天平平衡

2．用天平測出空燒杯的質量m1

3．在燒杯中倒入適量的被測液體，測出總質量m2 4．將燒杯中的液體倒入量筒中，讀出液體的體積V 5．算出液體的密度ρ方案二： 1．調節天平平衡

2．在燒杯中盛被測液體，測出它們的質量m1

3．將燒杯中的適量液體倒入量筒中，讀出液體的體積V 4．測出燒杯和杯中剩余液體的質量m2 5．算出液體的密度ρ方案三： 1．調節天平平衡 液液

2．將適量的液體例入量筒中，讀出液體的體積V 3．用天平測出空燒杯的質量m1； 4．將量筒中液體倒入燒杯，測出總質量m2 5．算出液體的密度ρ液

（1）請觀察圖，簡要說明調節天平平衡的步驟（2）寫出以上三種實驗方案密度的表達式

（3）分析評估以上三種實驗方案，指出哪種方案最合理

25．（2018?煙臺）小明在做“測定小燈泡電功率”的實驗時連接了如圖甲所示的電路

（1）閉合開關后，移動滑動變阻器的滑片P，發現小燈泡不亮，經檢查有一根導線連接錯誤，請你在電路中將連接錯誤的導線上打“×”，并補測出正確的連線。

（2）正確連接電路后，滑片P移動到某一位置時，電壓表和電流表示數如圖乙所示小燈泡此時的電功率是多少？

（3）小明根據記錄的多組數據繪制出小燈泡的I﹣U圖象（圖丙），分析評估時，小明對自己的實驗產生了困惑，他認為：由歐姆定律I=知，I與U之間的變化關系是正比函數，所以其圖象理論上應該是過原點的一條直線，請你幫助他解除困惑。

五．計算題

26．（2018?煙臺）在某次綜合實踐活動中，小明利用蓄電池（電壓為24V）、電壓表（量程為0～15V）校準電阻R0，滑動變阻器R（最大阻值為100Ω）等器材，設計了一種測定油箱內油量的方案（圖甲），選配合適的校準電阻值，能夠使油箱裝滿汽油，滑動變阻器的觸片在某一端時，油量表示數為最大值（即電壓表示數達到最大值）油箱中的汽油用完，滑動變阻器的觸片在另一端時，油量表示數為零（即電壓表示數為零）

（1）校準電阻除了可以校準表盤，還有什么作用？校準電阻的阻值為多少？（2）整個電路消耗的電功率的變化范圍是多少？

（3）另一個小組的小紅同學設計了如圖乙所示的電路，請你從能耗的角度分析這種方案的優點。27．（2018?煙臺）如圖是某汽車起重機靜止在水平地面上起吊重物的示意圖，重物的升降使用的是滑輪組，滑輪組上鋼絲繩的收放是由卷揚機來完成的。提升重物前，起重機對地面的壓強為2×10Pa，某次作業中，將重物甲以0.25m/s的速度勻速提升時，起重機對地面的壓強為2.3×10Pa；若以相同的功率將重物乙以

550.2m/s的速度勻速提升時，起重機對地面的壓強為2.4×105

Pa（不計鋼絲繩重和摩擦）（1）起重機兩次提升的重物質量之比。

（2）起重機兩次提升重物時，滑輪組的機械效率之比。（3）提升重物乙時，滑輪組的機械效率是多少？

參考答案與解析

一．選擇題

1．（2018?煙臺）“北斗”衛星是中國自行研制的通信系統，可在全球范圍內全天候地為各類用戶提供高精度，高可靠性的定位、導航等服務，該系統在傳遞信息過程中主要依靠（）A．聲波 B．超聲波 C．次聲波 D．電磁波

【分析】人們日常生活中用的電視信號、手機信號以及衛星通信都是利用電磁波傳遞信號。

【解答】解：衛星和地面的聯系靠電磁波，將圖片和聲音等信號調制到電磁波上，把電磁波當成載體發射回地面。所以它傳遞信息利用的是電磁波。故選：D。

【點評】這是一道考查電磁波在日常生活中應用的基礎題，要求知道無線電通信都是利用電磁波來傳遞信息的，比較容易。

2．（2018?煙臺）為了探究聲音產生的條件，小明設計了如圖所示的幾個實驗，你認為不能完成探究目的是（）

A．

發出“啊”的聲音，用手指觸摸喉嚨處

B．

一邊改變管子插入水中深度，一邊用嘴吹管的上端

C．

敲打銅鑼，鑼響后用手觸摸鑼面

D．

敲擊音叉后，將音叉輕輕地接觸臉頰

【分析】（1）聲音三個特性：音調、響度、音色。音調跟頻率有關，頻率越大，音調越高。體積大，質量大的物體難振動，頻率小，音調低。響度跟振幅有關。音色跟材料和結構有關；（2）物體發聲時一定振動，振動停止，發聲停止。【解答】解：

A、發出“啊”的聲音，用手指觸摸喉嚨處，感覺到聲帶振動，能探究聲音產生的條件，故A不符合題意； B、一邊改變管子插入水中深度，一邊用嘴吹管的上端，空氣柱的長度改變，振動頻率發生變化，音調發生變化，研究的是音調和頻率的關系，故B符合題意；

C、敲打銅鑼，鑼響后用手觸摸鑼面，感覺到鼓面在振動，能探究聲音產生的條件，故C不符合題意； D、敲擊音叉后，將音叉輕輕地接觸臉頰，會感到音叉在振動，能探究聲音產生的條件，故D不符合題意。故選：B。

【點評】此題考查了聲音的特性和聲音的產生，要會運用。

3．（2018?煙臺）如圖所示的杠桿，屬于費力杠桿的是（）

【分析】結合圖片和生活經驗，先判斷杠桿在使用過程中，動力臂和阻力臂的大小關系，再判斷它是屬于哪種類型的杠桿。【解答】解：

A、羊角錘在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，不符合題意。B、起子在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，不符合題意。C、鑷子在使用過程中，動力臂小于阻力臂，是費力杠桿，符合題意。D、鉗子在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，不符合題意。故選：C。

【點評】此題考查的是杠桿的分類，主要包括以下幾種：①省力杠桿，動力臂大于阻力臂；②費力杠桿，動力臂小于阻力臂；③等臂杠桿，動力臂等于阻力臂。

4．（2018?煙臺）關于慣性，以下說法正確的是（）

A．百米賽跑運動員到達終點不能馬上停下來，是由于運動員具有慣性 B．汽車駕駛員和乘客需要系上安全帶，是為了減小汽車行駛中人的慣性 C．行駛中的公交車緊急剎車時，乘客會向前傾，是由于慣性力的作用 D．高速公路嚴禁超速，是因為速度越大慣性越大

【分析】慣性是物體保持原來運動狀態不變的性質。原來靜止的物體保持原來的靜止狀態；原來運動的物體保持原來的運動狀態。并且要知道任何物體都有慣性，慣性大小只與物體的質量有關，與是否運動、是否受力、做什么運動都沒有關系。【解答】解： A、百米賽跑運動員到達終點不能馬上停下來，是由于運動員具有慣性，故A正確；

B、汽車駕駛員和乘客需要系上安全帶，是為了減小汽車行駛中慣性造成的危害，不能減小慣性，慣性大小只與質量有關，質量不變，慣性不變，故B錯誤；

C、行駛中的公交車緊急剎車時，乘客會向前傾，是由于乘客具有慣性；慣性不是力，不能說受到慣性力的作用，故C錯誤。

D、物體的慣性只與物體的質量有關，與運動狀態、速度等因素無關，故D錯誤。故選：A。

【點評】正確理解慣性的概念是解答此題的關鍵，慣性作為物體本身固有的一種屬性，在我們生活中隨處可見，與我們的生活息息相關，我們要注意聯系實際，用所學慣性知識解決身邊的物理問題。

5．（2018?煙臺）下列現象，屬于汽化的是（）A．燒水時，壺嘴冒出“白氣” B．夏天，灑在地板上的水很快干了 C．冬天，室外冰凍的衣服也能變干 D．冰箱冷凍室內壁結霜

【分析】（1）在一定條件下，物體的三種狀態﹣﹣固態、液態、氣態之間會發生相互轉化，這就是物態變化；

（2）物質由氣態直接變為固態叫凝華，物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液態叫液化，由液態變為氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固。

（3）六種物態變化過程中，都伴隨著吸熱或放熱；其中放出熱量的物態變化有：凝固、液化、凝華；吸熱的有：熔化、汽化、升華。

【解答】解：A、燒水時，從壺嘴冒出“白氣”是水蒸氣的液化現象，故A錯誤； B、夏天，灑在地板上的水很快干了，是水變成水蒸氣，是汽化現象，故B正確； C、冰凍的衣服在0℃以下也能干，是冰直接變成水蒸氣，屬于升華現象，故C錯誤； D、冰箱冷凍室內壁結霜是水蒸氣直接變成小冰晶，是凝華現象，故D錯誤。故選：B。

【點評】分析生活中的熱現象屬于哪種物態變化，關鍵要看清物態變化前后，物質各處于什么狀態；另外對六種物態變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識。

6．（2018?煙臺）如圖描述的四個生活實例，屬于光反射現象的是（）

【分析】（1）光在同種、均勻、透明介質中沿直線傳播，產生的現象有小孔成像、激光準直、影子的形成、日食和月食等；

（2）光線傳播到兩種介質的表面上時會發生光的反射現象，例如水面上出現岸上物體的倒影、平面鏡成像、玻璃等光滑物體反光都是光的反射形成的；

（3）光線在同種不均勻介質中傳播或者從一種介質進入另一種介質時，就會出現光的折射現象，例如水池底變淺、水中筷子變彎、海市蜃樓、凸透鏡成像等都是光的折射形成的。

【解答】解：A、手影中影子的形成說明光是沿直線傳播的，由于光的直線傳播，被物體擋住后，物體后面就會呈現出陰影區域，就是影子，故與題意不符；

B、從水中池底上反射的光從水中斜射入空氣中時，發生折射，折射光線遠離法線，當人逆著折射光線的方向看時，看到的是池底的虛像，比實際位置偏高，所以感覺池水變淺了，故與題意不符； C、水中魚上反射的光從水中斜射入空氣中時，發生折射，屬于光的折射，故與題意不符； D、“潛望鏡”是兩塊平面鏡組成，屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的，符合題意。故選：D。

【點評】此題通過幾個日常生活中的現象考查了對光的折射、光的直線傳播、光的反射的理解，在學習過程中要善于利用所學知識解釋有關現象。

7．（2018?煙臺）一重力為G的熱氣球豎直勻速上升時，它所受到的浮力為F，受到的空力阻力為f，下列關系正確的是（）A．F＞G+f B．F=G+f C．F＜G+f D．F=G﹣f 【分析】根據物體分別處于靜止、勻速下降、勻速上升都是平衡狀態，所以受到拉力與重力是平衡力，利用二力平衡的條件可以求得熱氣球所受力的關系。【解答】解：

熱氣球勻速上升時，受平衡力的作用，浮力的方向豎直向上，重力和阻力的方向豎直向下； 則浮力F等于重力G與阻力f之和，即：F=G+f。故選：B。

【點評】此題考查了力與運動的關系，難度不大，認真分析即可。8．（2018?煙臺）在“探究凸透鏡成像的規律”的實驗中，所用凸透鏡焦距為10cm，當蠟燭從如圖所 示的A位置逐漸移到B位置的過程中，像距及其像的變化情況是（）

A．像距增大，像變大 B．像距減小，像變大 C．像距減小，像變小 D．像距增大，像變小 【分析】掌握凸透鏡成像的三種情況： U＞2f，成倒立、縮小的實像。2f＞U＞f，成倒立、放大的實像。U＜f，成正立、放大的虛像。

凸透鏡成實像時，物體離凸透鏡越近，像離凸透鏡越遠，像也越大。

【解答】解：凸透鏡的焦距是10cm，將點燃的蠟燭從A位置逐漸移到B位置的過程中，由于物距減小，則像距變大，像變大。故選：A。

【點評】此題考查了學生對凸透鏡成像規律的應用，首先要熟練掌握凸透鏡成像的規律，搞清物距和像距。然后才能準確判斷像的性質。

9．（2018?煙臺）如圖是小明為家里的盆景設計了一個自動供水裝置，他用一個塑料瓶裝滿水后倒放在盆景中，瓶口剛剛被水浸沒，這樣盆景中的水位可以保持一定的高度。塑料瓶中的水不會立刻全部流掉的原因是（）

A．受浮力的作用 B．外界大氣壓的作用

C．盆景盤支持力的作用 D．瓶口太小，水不易流出

【分析】浸在空氣中的物體受到大氣壓的作用，一個標準大氣壓可以支持10.13m高度的水柱。【解答】解：

一個標準大氣壓可以支持約10.13m高的水柱。瓶中水面能高于盆內水面不會流出來，正是因為盆景中的水與大氣相通，是大氣壓支持著瓶內的水不會流出來。故選：B。

【點評】本題考查學生運用所學知識分析解決實際問題的能力，對學生的要求較高，是中考重點考查的內容。

10．（2018?煙臺）炎炎夏日，烈日下海灘的沙子熱得燙腳，而海水很清涼，榜晚落日后，沙子涼了，海水卻依然暖暖的，這主要是因為海水和沙子具有不同的（）A．密度 B．內能 C．熱量 D．比熱容

【分析】水的比熱容大，在吸收和放出相同熱量時，與同質量的其他物質相比，其溫度變化小。【解答】解：

水的比熱容比沙子的比熱容大，同樣受熱或冷卻的情況下，吸收或放出相同熱量，水的溫度變化比沙小，因此，在受太陽照射條件相同時，海水比沙灘的溫度低，放出相同熱量時，海水比沙灘的溫度高，故D正確。故選：D。

【點評】本題主要考查學生對水的比熱容大在生活中的應用的了解，是一道基礎題。

11．（2018?煙臺）物理學中把抽象的、不易直接測量的物理量，轉換為具體的，易測量的物理量的科學方法，叫轉換法，在下圖所示實驗中沒有使用轉換法的是（）

A．

探究光的反射規律

B．

探究液體壓強與哪些因素有關

C．

探究重力勢能與哪些因素有關

D．

探究電熱與哪些因素有關

【分析】對每一個選項進行分析，明確各自應用的方法，確定符合題意的選項。

【解答】解：A、在探究光的反射規律實驗中，多次改變入射光線的角度，觀察并記錄反射光線的位置，目的是探究反射光線位置變化與入射光線的關系，采用的是歸納法。故A符合題意；

B、探究液體壓強與哪些因素有關實驗中，通過U形管中液面高度差的大小反映液體內部壓強的大小，采用的是轉換法。故B不符合題意； C、探究重力勢能與哪些因素有關實驗中，通過小桌陷入沙中的深度反映重力勢能的變化，采用的是轉換法。故C不符合題意；

D、探究電熱與哪些因素有關實驗中，通過液體溫度變化反映電流產生熱量的多少，采用的是轉換法。故D不符合題意。故選：A。

【點評】物理學中對于一些看不見摸不著的現象或不易直接測量的物理量，通常用一些非常直觀的現象去認識或用易測量的物理量間接測量，這種研究問題的方法叫轉換法

12．（2018?煙臺）如圖所描述的情景中，沒有發生動能轉化為勢能的是（）

【分析】動能的影響因素是質量和速度，重力勢能的影響因素是質量和高度，據此可結合物體的運動情況做出判斷。【解答】解：

A、滑滑梯時，人的高度降低，速度變大，是重力勢能轉化為動能，沒有發生動能轉化為勢能，故A符合題意；

B、蕩秋千時，在從低處向高處運動時，人與秋千的速度減小，高度增加，是動能轉化為重力勢能，故B不合題意；

C、在跳水比賽中，人向上彈起的過程中，高度增大，速度減小，是動能轉化為重力勢能，故C不合題意； D、在單杠上翻轉時，若人由下向上運動，人的速度減小，高度增加，是動能轉化為重力勢能，故D不合題意。故選：A。

【點評】本題主要通過生活中的幾個實例，考查了動能與勢能之間的轉化，明確動能與勢能的影響因素，即可順利解答。

13．（2018?煙臺）如圖描述的是生活中與“電”有關的現象，其中符合安全用電常識的是（）

【分析】根據安全用電的要求可知：不接近高壓帶電物體； 所使用的家用電器如電冰箱、電冰柜、洗衣機等，應按產品使用要求，裝有接地線的插座； 使用的用電器總功率不能過高，否則引起電流過大而引發火災；不用濕手觸碰開關。【解答】解：

A、水是導體，不得用濕手觸摸帶電的電器或開關，故A錯誤；

B、同時使用多個大功率用電器會使得干路中的電流過大，容易引發火災，故B錯誤； C、發現有人觸電應先切斷電源，然后在施救，故C正確；

D、電冰箱的金屬外殼必須接地，故應采用用三腳插頭及三孔插座，故D錯誤。故選：C。

【點評】本題是對安全用電常識的考查，要求能運用物理知識解決實際問題。

14．（2018?煙臺）在如圖所示的電路中，閉合開關后，當滑片P向左移動時，下列說法正確的是（）

A．燈泡L變亮 B．電壓表V示數變大 C．電流表A1示數變小 D．電流表A2示數變大

【分析】由圖可知，該電路為并聯電路；電流表測量干路中的電流，電流表測量通過燈泡的電流；電壓表測量的是支路兩端的電壓；

根據滑動變阻器滑片移動的方向判定其阻值變化，根據歐姆定律判定其電流變化，根據并聯電路的電流、電壓特點判定電表示數的變化。【解答】解： 由圖可知，該電路為并聯電路；電流表測量干路中的電流，電流表測量通過燈泡的電流；電壓表測量的是支路兩端的電壓，測量的也是電源電壓，保持不變，故B錯誤；

根據并聯電路的特點可知，滑動變阻器滑片移動時，對燈泡所在的支路無影響，燈泡的電流和電壓都不變，故電流表A2示數不變，燈泡亮度不變，故AD錯誤；

當滑片P向左移動時，滑動變阻器接入電路的電阻變大，根據歐姆定律可知，通過滑動變阻器的電流減小；通過燈泡的電流不變，根據并聯電路的電流關系可知，干路中的電流減小，即電流表A1示數變小，故C正確。故選：C。

【點評】本題考查了滑動變阻器的應用原理和并聯電路中電壓、電流的特點，較為簡單。

15．（2018?煙臺）下列實驗現象所揭示的物理原理或規律與對應的技術應用不正確的是（）

A． B． C． D．

飛機 內燃機 電磁起重機 電動機

【分析】首先分析選擇項中上下兩個圖示場景中包含的物理知識，然后將包含的物理知識相對應，通過比較它們是否一致，得到答案。【解答】解：

A、上圖是用力向兩張紙的中間吹氣，紙向中間靠攏，說明了流體壓強與流速的關系；

下圖中飛機的升空就是利用流體壓強與流速的關系來實現的；兩者對應關系一致，故A不合題意。B、上圖中，活塞被高溫的水蒸氣推出，是水蒸氣的內能轉化成機械能；

下圖中火花塞正在打火、活塞向下運動，所以是做功沖程，在該沖程中氣體的內能轉化為活塞的機械能；兩者對應關系一致，故B不合題意。

C、上圖中通電線圈能吸引大頭針，這是電流的磁效應；

下圖為電磁起重機，是根據電流的磁效應制成的；兩者對應關系一致，故C不合題意。

D、上圖中，閉合電路的一部分導體在磁場中切割磁感線運動時，導體中產生感應電流，這是電磁感應現象； 下圖電動機是通電線圈在磁場中受力而轉動制成的；兩者對應關系不一致，故D符合題意。故選：D。

【點評】物理來源于生活，服務于生活，要把學到的物理原理、物理規律與日常生活緊密聯系，學物理要帶著疑問、帶著興趣去學習，物理肯定能學好！

二、填空題

16．（2018?煙臺）小明在探究”海波熔化時溫度的變化規律”的實驗時，設計了甲、乙兩種方案（如圖所示）。實驗應選用 甲 方案，其優點是 使物質均勻受熱，實驗過程中溫度計的變化情況是 先升高，后不變，再升高。

【分析】利用水浴法加熱，可以使固態物質受熱均勻，且可以防止溫度上升較快，便于測量溫度； 晶體在熔化的過程中，溫度保持不變。

【解答】解：利用水浴法加熱，不但能使試管受熱均勻，而且物質的溫度上升速度較慢，便于及時記錄各個時刻的溫度，故應選擇甲裝置。

實驗過程中，海波吸收熱量，溫度升高，海波在熔化過程中溫度不變，熔化結束后，溫度計示數逐漸變大。故答案為：甲；使物質均勻受熱；先升高，后不變，再升高。

【點評】本題考查了固體熔化特點實驗，知道晶體與非晶體的特點，屬于基礎知識。

17．（2018?煙臺）水平桌面上兩個完全相同的燒杯中分別盛有甲、乙兩種液體，將兩個完全相同的小球A、B分別放入兩燒杯中，當兩球靜止時，兩液面高度相同，球所處的位置如圖所示兩小球；甲所受浮力的大小關系為FA = FB，兩小球所排開液體重力的大小關系為GA = GB，兩種液體對燒杯底的壓強的大小關系為p甲 ＞ p乙（均選填“＞”、“=”或“＜”）。

【分析】（1）A、B是兩個完全相同的小球，漂浮和懸浮時受到的浮力都等于重力，由此可知兩小球受浮力大小關系；根據阿基米德原理可知排開液體重力的大小關系；

（2）根據漂浮和懸浮時液體密度和球的密度關系，找出兩種液體的密度關系，又知道兩容器液面等高（深度h相同），利用液體壓強公式分析兩種液體對容器底壓強的大小關系。

【解答】解：由圖可知，A球漂浮，B球懸浮，所以根據懸浮和漂浮條件可知兩球受到的浮力都等于各自 的重力，由于兩個小球是相同的，重力相等，所以FA=FB=G。根據阿基米德原理可知：排開液體重力GA=FA，GB=FB，所以GA=GB； 由于A球漂浮，B球懸浮，根據物體的浮沉條件可知：ρ則兩種液體的密度大小關系是：ρ故答案為：=；=；＞。

【點評】本題考查物體的浮沉條件和阿基米德原理的應用，關鍵知道物體漂浮時浮力等于重力，物體密度小于液體密度，物體懸浮時浮力等于重力，物體密度等于液體密度。

18．（2018?煙臺）甲、乙兩小車同時同地向東做勻速直線運動，它們的s﹣t圖象如圖所示，甲車的速度為 0.2m/s，5s時兩車相距 0.5m，以甲車為參照物，乙車向 西 運動。

甲

甲

＞ρ

球，ρ

乙

=ρ

球，＞ρ

乙。

【分析】（1）勻速直線運動的路程s與運動時間t成正比，s﹣t圖象是一條傾斜的直線，由圖象找出甲乙的路程s與所對應的時間t，由速度公式可求出甲乙的速度，然后比較它們的大小關系； 根據甲、乙速度和運動時間，得到運動的路程，進一步得到兩車距離。

（2）首先根據甲乙的速度關系判斷兩物體的位置關系，然后以甲為參照物，判斷乙的運動狀態。【解答】解：

（1）讀圖可知，經過6s，甲運動了1.2m，乙運動了0.6m，則甲的速度：v甲=乙的速度：v乙=所以，v甲＞v乙；

經過5s，兩車通過的路程分別為：

s甲′=v甲t′=0.2m/s×5s=1m，s乙′=v乙t′=0.1m/s×5s=0.5m，此時兩車相距：△s=1m﹣0.5m=0.5m。

（2）由于甲、乙兩車同時同地向東做勻速直線運動，所以，同一時刻甲在乙的前面向東運動，如果以甲為參照物，則乙向西運動。故答案為：0.2m/s；0.5m；西。

【點評】本題考查了物體的s﹣t圖象及物體運動狀態的判斷方法，由圖象找出兩物體的路程s與所對應的時間t，是解題的關鍵，具體分析時應細心找準s和t的對應關系。===0.2m/s； =0.1m/s，19．（2018?煙臺）常溫常壓下，一臺標有“220V 2000W“的電熱水壺正常工作時，將質量為1kg、初溫為20℃的水燒開，需要的時間是 168s [假設該熱水壺產生的熱量完全被水吸收，c水=4.2×10J/（kg?℃）]。【分析】在1個標準大氣壓下水的沸點為100℃，又知道水的初溫、質量、比熱容，根據Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的熱量，不計熱損失，根據W=Q吸=Pt求出需要的加熱時間。【解答】解：

在1個標準大氣壓下水的沸點為100℃，則水吸收的熱量：

Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×10J/（kg?℃）×1kg×（100℃﹣20℃）=3.36×10J，不計熱損失，由W=Q吸=Pt可得，需要的加熱時間： t′====168s。

353故答案為：168s。

【點評】本題考查了吸熱公式、電功公式的應用，關鍵是知道在1個標準大氣壓下水的沸點為100℃。20．（2018?煙臺）請在下面的流程圖中填入后面所列出的短語，來解釋電鈴（圖甲）是怎樣利用電磁鐵工作的。短語：彈簧片恢復原狀；電磁鐵無磁性；電路接通；電路斷開；電磁鐵吸引銜鐵，錘子敲擊鈴碗；電磁鐵有磁性。

【分析】電磁鐵通電時有磁性，斷電時無磁性，電鈴就是利用電磁鐵的這個特性工作的；通電時，電磁鐵吸引銜鐵，鼓槌打擊鈴碗發出聲音，同時銜鐵與螺釘分離，鼓槌被彈回，電路重新接通，不斷重復上面的過程。

【解答】答：閉合開關，電磁鐵有電流通過，電磁鐵具有了磁性，銜鐵被吸引過來，使錘子打擊鈴碗發出聲音，同時銜鐵B與螺釘A分離，電路斷開，電磁鐵失去了磁性，錘子又被彈簧片彈回，電路閉合，不斷重復，電鈴便發出連續擊打聲了。

【點評】通過讀圖明確電磁繼電器的工作原理與工作過程，從而可以正確描述其工作時的狀態，這是我們學習電磁繼電器必須掌握的。

三、作圖簡答題 21．（2018?煙臺）學習了電路相關知識后，小明想給自家的養殖場設計一種呼叫裝置，要求前后門來的客人均可呼叫，前門來的客人關閉開關，辦公室的電鈴響、紅燈亮；后門來的客人關閉開關，辦公室的電鈴響、綠燈亮。請在圖中幫助他畫出符合要求的電路圖（導線不得交叉）。

【分析】紅燈亮、鈴響表示前門來人，綠燈亮、鈴響表示后門來人，說明兩燈互不影響、獨立工作即為并聯，且前門的控制開關與紅燈在同一支路，后門的控制開關與綠燈在同一支路，均為串聯關系；而無論前門還是后門來人都會響鈴說明鈴串聯在干路中，據此連接實物電路圖。【解答】解：

由題意知，兩個電燈為并聯，且各有一個開關控制，而電鈴串聯在干路中；即綠燈亮、電鈴響時表示人在后門按后門開關，紅燈亮、電鈴響時表示人在前門按前門開關，電路圖如圖所示：

【點評】本題是實物連接的問題，關鍵根據現象判斷各元件間的連接方式。根據要求設計電路，一般電路有三種情況：串聯、并聯、部分短路。

22．（2018?煙臺）

神奇的光伏高速公路

全球首段承載式光伏高速公路2017年12月28日在山東濟南通車，光伏路面全長1120米，路面頂層是類似毛玻璃的新型材料，摩擦系數高于傳統瀝青路面，保證輪胎不打滑的同時，還擁有較高的透光率，讓陽光穿透它：使下面的太陽能把光能轉換成電能，發電裝機容量峰值功率為817.2kW．預計年發電量約100萬千瓦，參與測試的一名中巴車司機說：“路面的感覺和平常高速一樣，剎車距離和平常路面一樣。”在冬季，這段路面還可以將光能轉化為熱能，消融冰雪，確保行車安全。

報道稱，這光伏滑路面還預留了電磁感應線圈，隨著電動汽車無線技術的配套，未來可實現電動車邊跑邊充電，預留的信息化端口還可接入各種信息采集設備：車輛信息、擁堵狀況等信息將匯聚成交通大數據，構建大數據驅動的智慧云控平臺，通過智能系統，車輛管控等措施，能更有效的提升高速公路的運行效率。曬曬太陽就能發電，公路變成”充電寶”，自行融化路面積雪…，這就是智見公路的先行案例。閱讀上文，回答下列問題：（1）交章中有個物理量的單位有誤，請你指出來并改正；（2）簡要描述“新型材料”的特性；

（3）光伏高速公路的設計應用了哪些物理知識？（回答三點即可）。

【分析】（1）功率的單位是W、kW；電功、電能的單位是千瓦時；

（2）根據題中信息從摩擦、透光率、能量轉化、電磁感應幾方面分析解答；（3）增大摩擦力的方法：增大壓力、增加接觸面的粗糙程度； 太陽能電池板可以把光能轉化成電能； 電磁感應線圈：機械能轉化成電能。

【解答】答：（1）功率的單位是W、kW；電功、電能的單位是千瓦時，故題目中的錯誤“預計年發電量約100萬千瓦”，應該為“100萬千瓦時”；

（2）有題中信息知：“新型材料”的特性為：摩擦力大，保證輪胎不打滑； 透光率高使下面的太陽能把光能轉換成電能；

還可以將光能轉化為熱能，消融冰雪，確保行車安全電； 磁感應線圈可實現電動車邊跑邊充電；

（3）①路面頂層是類似毛玻璃的新型材料，是在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大車輛行駛時與地面的摩擦力；

②陽光穿透它達到中層的光伏發電組件時，消耗太陽能，產生電能，即將太陽能轉化為電能。

③太陽能電池板可以把光能轉化成電能，若將預留的金屬線圈與太陽能電池相連，線圈中會用電流，電流周圍就會產生磁場，當電動汽車內的線圈隨汽車運動時，線圈在磁場中做切割磁感線運動，會在汽車的線圈中產生感應電流，從而實現運動中的無線充電，解決電動汽車充電難的問題。

【點評】考查了物理量的單位、增大摩擦力的方法、能量轉化以及發電機的工作原理，理解電磁感應現象的運用。四．實驗探究題

23．（2018?煙臺）如圖是利用平板玻璃，兩只相同的蠟燭A和B、刻度尺，筆等器材探究“平面鏡成像特點”的實驗裝置（1）實驗器材選用兩只相同蠟燭的目的是什么？刻度尺的作用是什么？（2）為了保證實驗效果，對實驗環境有什么要求？（3）簡述確定記錄像位置的方法步驟；

（4）實驗過程中，某實驗小組無論怎樣操作，總是觀察到兩個幾乎重疊的像，其原因是什么？

【分析】（1）選取兩段完全相同的蠟燭的目的是比較像與物的大小關系。要比較像與物距離的關系，需借助刻度尺；用刻度尺測出兩支蠟燭到玻璃板的距離便可得出像和物體到平面鏡的距離相等。

（2）物體射出的光線對人眼刺激越強，人眼感覺物體越亮，物體經過平面鏡反射，反射光線進入人眼的光線越多，人眼感到物體的像越亮。在比較亮的環境中，很多物體射出光都對眼睛有刺激，干擾人的視線；（3）在探究“平面鏡成像特點”的實驗中，實驗步驟應該是先在水平桌面上鋪一張白紙，紙上豎立一塊玻璃板作為平面鏡，再點燃蠟燭做實驗，為得到普遍規律，應改變玻璃板前蠟燭的位置，多做幾次實驗。（4）玻璃板有兩個反射面，兩個反射面都能成像。兩個反射面都能反射成像。【解答】解：

（1）兩只蠟燭大小相同，后面的蠟燭又和前面蠟燭的像完全重合，這樣就證明了像與物大小相同，所以兩只蠟燭相同是為了比較像與物大小關系用的；在實驗中用到刻度尺，是測像到鏡面的距離、物到鏡面的距離，然后比較二者關系用的；

（2）在比較明亮的環境中，很多物體都在射出光線，干擾人的視線，在較黑暗的環境中，蠟燭是最亮的，蠟燭射向平面鏡的光線最多，反射光線最多，進入人眼的光線最多，感覺蠟燭的像最亮。所以在比較黑暗的環境中進行實驗；

（3）確定記錄像位置的方法步驟是：

①．在水平桌面上鋪一張白紙，將一塊玻璃板后面豎立在紙上，在紙上記下玻璃板的位置。

②．選取兩支大小相同的蠟燭，把一支蠟燭點燃放在玻璃板的前面，看到玻璃板后面有蠟燭的像時，在紙上記下蠟燭的位置A。

③．拿另一支沒有點燃的蠟燭，豎立著在玻璃板后面移動，直到它與前面的蠟燭的像完全重合，在紙上記下該蠟燭的位置A′。

④．移動點燃的蠟燭到另一位置，重做上面的實驗，在紙上記錄物與像的位置B、B′；C、C′。（4）實驗過程中，某實驗小組無論怎樣操作，總是觀察到兩個幾乎重疊的像，其原因是玻璃板有兩個反射面，兩個反射面都能成像。兩個反射面都能反射成像。所以看到兩個像，玻璃板越厚，兩個像距離越遠，越明顯。

【點評】本題考查學生動手操作實驗的能力并能合理解決實驗中出現的問題。只要熟練掌握平面鏡的成像 特點，解答此類題目就很容易。

24．（2018?煙臺）在用天平，量筒“測量鹽水密度”的實驗中，甲、乙、丙三位同學設計了如下三種實驗方案： 方案一： 1．調節天平平衡

2．用天平測出空燒杯的質量m1

3．在燒杯中倒入適量的被測液體，測出總質量m2 4．將燒杯中的液體倒入量筒中，讀出液體的體積V 5．算出液體的密度ρ方案二： 1．調節天平平衡

2．在燒杯中盛被測液體，測出它們的質量m1

3．將燒杯中的適量液體倒入量筒中，讀出液體的體積V 4．測出燒杯和杯中剩余液體的質量m2 5．算出液體的密度ρ方案三： 1．調節天平平衡

2．將適量的液體例入量筒中，讀出液體的體積V 3．用天平測出空燒杯的質量m1； 4．將量筒中液體倒入燒杯，測出總質量m2 5．算出液體的密度ρ液液液

（1）請觀察圖，簡要說明調節天平平衡的步驟（2）寫出以上三種實驗方案密度的表達式

（3）分析評估以上三種實驗方案，指出哪種方案最合理

【分析】（1）天平的正確使用：把天平放在水平臺上，游碼移到標尺左端的零刻度處，調節平衡螺母使指針指到分度盤的中央；（2）實驗目的是測量液體的密度，基本原理是ρ=；

（3）測量值偏大或偏小，從質量m的測量和體積V的測量分析。【解答】解：

（1）調節天平平衡的步驟：

把天平放在水平臺上，游碼移到標尺左端的零刻度處，調節平衡螺母使指針指到分度盤的中央；（2）液體的密度，基本原理是ρ=； 方案一：液體的密度ρ方案二：液體的密度ρ方案三：液體的密度ρ=====═

； ； ； 液液液（3）方案一：當把液體由燒杯倒入量筒時，燒杯上會沾有少量液體，導致稱量的液體體積偏小，根據ρ=知測量的液體密度偏大，誤差較大；

方案三：當把液體由量筒倒入燒杯時，量筒上會沾有少量液體，導致稱量的液體質量偏小，根據ρ=知測量的液體密度偏小，誤差較大；

方案二避免了一和三中的這些問題，實驗誤差較小，故方案二較合理。

【點評】本題考查測量液體密度實驗步驟和原理，關鍵是平時要注意知識的積累，記住測量的方法和原理；重點是記住測量密度的原理和測量步驟。

25．（2018?煙臺）小明在做“測定小燈泡電功率”的實驗時連接了如圖甲所示的電路

（1）閉合開關后，移動滑動變阻器的滑片P，發現小燈泡不亮，經檢查有一根導線連接錯誤，請你在電路中將連接錯誤的導線上打“×”，并補測出正確的連線。

（2）正確連接電路后，滑片P移動到某一位置時，電壓表和電流表示數如圖乙所示小燈泡此時的電功率是多少？

（3）小明根據記錄的多組數據繪制出小燈泡的I﹣U圖象（圖丙），分析評估時，小明對自己的實驗產生了困惑，他認為：由歐姆定律I=知，I與U之間的變化關系是正比函數，所以其圖象理論上應該是過原點的一條直線，請你幫助他解除困惑。

【分析】（1）伏安法測燈泡電功率，電流表應串聯在電路中，電壓表與燈泡并聯；據此分析電路圖，找出錯誤，并改正；

（2）根據電壓表的量程和分度值讀出電壓表的示數，根據電流表的量程和分度值讀出示數，根據P=UI求出小燈泡的額定功率；

（3）根據燈絲電阻隨溫度升高而增大的特點進行分析。

【解答】解：（1）由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器并聯，燈泡連接錯誤，將燈泡左端接線柱與開關的右接線柱連線斷開，改接為燈泡左接線柱與電壓表負接線柱相連即可，電路圖如圖所示；

；

（2）由圖乙可知，電壓表的量程為0～3V，分度值為0.1V，示數為2.5V，由圖丙可知，電流表的量程為0～0.6A，分度值為0.02A，示數為0.36A，則小燈泡的額定電功率P=UI=2.5V×0.36A=0.9W；（3）由于燈絲的電阻隨溫度的升高而增大，所以通過燈泡的電流與電壓不成正比。

故答案為：（1）如上圖；（2）小燈泡此時的電功率是0.9W；（3）燈絲的電阻隨溫度的升高而增大。【點評】本題是測定小燈泡電功率實驗，考查了電表的讀數、電功率的計算、電路故障的分析、燈絲電阻與溫度的關系，考查全面。

五、計算題

26．（2018?煙臺）在某次綜合實踐活動中，小明利用蓄電池（電壓為24V）、電壓表（量程為0～15V）校準電阻R0，滑動變阻器R（最大阻值為100Ω）等器材，設計了一種測定油箱內油量的方案（圖甲），選配合適的校準電阻值，能夠使油箱裝滿汽油，滑動變阻器的觸片在某一端時，油量表示數為最大值（即電壓表示數達到最大值）油箱中的汽油用完，滑動變阻器的觸片在另一端時，油量表示數為零（即電壓表示數為零）

（1）校準電阻除了可以校準表盤，還有什么作用？校準電阻的阻值為多少？（2）整個電路消耗的電功率的變化范圍是多少？

（3）另一個小組的小紅同學設計了如圖乙所示的電路，請你從能耗的角度分析這種方案的優點。

【分析】（1）由圖分析若沒有R0電壓表的示數情況，從而可知R0的作用；

油箱裝滿汽油時，油量表（電壓表）示數為最大值15V，此時滑動變阻器的觸頭在電阻最大值一端，由串聯電路特點和I=計算R0的阻值；

（2）變阻器連入阻值最大時，電路中電阻最大，由P=

知整個電路功率最小，并計算；

電路消耗當汽油用完時，滑片在另一端，即在上端，此時電路為R0的簡單電路，電路功率最大，由P=功率的最大值，從而可得電路消耗功率的變化范圍；（3）由圖乙知，滑動變阻器始終以最大值串聯入電路中，由P=能的消耗情況。【解答】解：

分析電路中功率大小，從而判斷電路電（1）由題知，電源電壓U=24V，電路中若沒有變阻器R，則R兩端電壓等于電源電壓24V，超過了電壓表 量程0﹣15V，會被燒壞，所以校準電阻R0串聯在電路中，除了可以校準表盤，還起到分壓的作用，能避免電壓超過電壓表量程而損壞；

當油箱裝滿汽油，由圖甲知，滑片在下端，此時變阻器連入阻值最大，電壓表示數達到最大值15V，所以電路中電流：I=I0=IR==

=0.15A，所以R0的阻值：R0====60Ω；

（2）當油箱裝滿汽油，變阻器連入阻值最大時，電路中電阻最大，電源電壓一定，由P=率最小，電路最小功率：P最小==

=3.6W；

知整個電路功當汽油用完時，滑片在另一端，即在上端，此時只有R0接入電路中，電路功率最大，P最大===9.6W，所以整個電路消耗的電功率的變化范圍是3.6W～9.6W；

（3）由圖乙知，滑動變阻器始終以最大值串聯入電路中，電壓表示數UV=IR滑，能反應測量的變化情況，且電路中電阻始終處于最大值，由P=最少，所以乙圖的電路設計可以節能。

故答案為：（1）校準電阻除了可以校準表盤，還有能起保護電路的作用，校準電阻的阻值為60Ω；（2）整個電路消耗的電功率的變化范圍是3.6W～9.6W；（3）圖乙的設計從能耗的角度看優點是節約電能。

【點評】本題以測量表為情景考查了電路設計、串聯電路特點和歐姆定律定律以及電功率公式的應用，從能耗上分析電路設計優點起到培養學生節能的意識，有意義。

27．（2018?煙臺）如圖是某汽車起重機靜止在水平地面上起吊重物的示意圖，重物的升降使用的是滑輪組，滑輪組上鋼絲繩的收放是由卷揚機來完成的。提升重物前，起重機對地面的壓強為2×10Pa，某次作業中，將重物甲以0.25m/s的速度勻速提升時，起重機對地面的壓強為2.3×10Pa；若以相同的功率將重物乙以0.2m/s的速度勻速提升時，起重機對地面的壓強為2.4×10Pa（不計鋼絲繩重和摩擦）（1）起重機兩次提升的重物質量之比。

（2）起重機兩次提升重物時，滑輪組的機械效率之比。（3）提升重物乙時，滑輪組的機械效率是多少？

可知電路中功率最小，由W=Pt可知，同樣時間內電路消耗的電能

【分析】（1）知道提升物體前、勻速提升重物甲時、勻速提升重物乙時對地面的壓強，而底面積相同，根據壓強公式求出對地面的壓力（由起重機和提升物體產生），求出兩物體重的表達式，再求被提升兩物體的質量之比；（2）根據P===Fv，由已知條件求出兩次拉力的大小之比，根據η=

=

=，求出起重機兩次提升重物時，滑輪組的機械效率之比。（3）不計鋼絲繩重和摩擦，根據F甲=，F乙=

得出G動與G乙的關系；

因不計鋼絲繩重和摩擦，根據η==求解滑輪組的機械效率。

【解答】解：（1）設起重機重為G，被提升重物甲重力為G甲，被提升重物乙重力為G乙； 提升物體前，起重機對地面的壓力：G=p1S，勻速提升重物甲時，起重機對地面的壓力：G+G甲=p2S，勻速提升重物乙時，起重機對地面的壓力：G+G乙=p3S，故G甲=（p2﹣p1）S，G乙=（p3﹣p1）S，=G=mg，故==﹣﹣﹣﹣﹣② ==

=﹣﹣﹣﹣①；

（2）根據P===Fv，因以相同的功率將重物提升，故拉力與提升的速度成反比，===，﹣﹣﹣﹣﹣﹣③

因η===﹣﹣﹣﹣﹣④

由③④得：

起重機兩次提升重物時，滑輪組的機械效率之比。=×=×=

（3）不計鋼絲繩重和摩擦，F甲=F乙=﹣﹣﹣﹣﹣⑥，﹣﹣﹣﹣﹣⑤

由⑤⑥代入③得：由①⑥得： G動=﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑦ =﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑥

因不計鋼絲繩重和摩擦，提升重物乙時，滑輪組的機械效率是： 由⑦，η===

=

=80%。

答：（1）起重機兩次提升的重物質量之比為3：4；

（2）起重機兩次提升重物時，滑輪組的機械效率之比為15：16。（3）提升重物乙時，滑輪組的機械效率是80%。

【點評】本題為力學綜合題，考查了學生對壓強公式、機械效率公式、功率公式的掌握和運用，本題關鍵：一是利用好功率推導公式P=Fv，二是利用好不計摩擦和繩重F=（G物+G動）。

第五篇：新疆烏魯木齊市2017年中考物理真題試題(含解析1)

新疆烏魯木齊市2017年中考物理真題試題

一.選擇題

1．下列家用電器中，工作電流最小的是（）A．空調器 B．洗衣機 C．微波爐 D．電子鐘 【答案】D 【解析】

試題分析：空調的功率在1000W以上，洗衣機的功率在400W左右，微波爐的功率在1000W左右，這些電器的工作電壓為220V，由P=UI可知洗衣機的工作電流I==

≈1.8A，則空調、洗衣機、微波爐的工作電流都在1.8A以上；而通過電子鐘的電流比通過實驗用小燈泡的電流還要小，小于0.3A；由此可知，電子鐘的工作電流最小，故應選D。【考點定位】電流的大小

2．人類在電磁領域的重大發現中，下列哪一項是法拉第首先發現的（）A．電磁波 B．磁生電 C．電生磁 D．超導體 【答案】B 【考點定位】物理常識

3．家用放大鏡（凸透鏡）成放大的像時（）A．一定是實像 B．一定是虛像 C．像距一定大于物距 D．像距一定小于焦距 【答案】C 【解析】

試題分析：由凸透鏡成像規律可知，u＜f，成正立、放大的虛像，故A錯誤；當u＞2f時，成倒立、縮小的實像，u=2f，成倒立、等大的實像，2f＞u＞f，成倒立、放大的實像，故B錯誤；當2f＞u＞f，成倒立、放大的實像，v＞2f．u＜f，成正立、放大的虛像；v＞u，由此可得凸透鏡成放大的像時，像距一定大于物 1 距，故C正確、D錯誤；故應選C。【考點定位】凸透鏡成像的應用

4．海豚能夠發出超聲波，老虎能夠發出次聲波．下列關于超聲波和次聲波的說法中正確的是（）A．超聲波聽起來比較高亢 B．次聲波聽起來比較低沉

C．次聲波可以傳遞信息也可以傳遞能量 D．超聲波可以傳遞信息但不能傳遞能量 【答案】C 【考點定位】超聲波與次聲波

5．目前我國已將發動機研發列為國家重大科技專項．下列我國“陸、海、空、天”裝備中動力機械不屬于熱機（利用內能做功的機械）的是（）A．中國高鐵交流異步牽引電動機 B．052D型導彈驅逐艦燃氣輪機 C．殲20戰機渦扇15煤油發動機 D．長征五號火箭液氫液氧發動機 【答案】A 【解析】

試題分析：燃氣輪機、煤油發動機和火箭都是熱機，工作時把內能轉化成機械能，而電動機是把電能轉化成機械能，不符合熱機的特點，故A正確，故應選A。【考點定位】熱機

6．2017年4月，我國天舟一號貨運飛船從文呂發射場升空，飛行過程中與太空中的天宮二號實現交會對接（成為一體）并完成補給任務．則從發射到完成補給的過程中，天舟一號（）A．始終具有質量和慣性 B．與天宮二號間無萬有引力 C．相對天宮二號始終是靜止的 D．相對天宮二號始終是運動的 【答案】A 2 【考點定位】慣性；質量及其特性；參照物及其選擇；分子間的作用力

7．我國自主建造的世界上壓力最大的8萬噸多向模鍛壓機鍛造大型工件時，對工件的壓力為8×108N，與工件的接觸面積為4m，則工件承受的壓強相當于（）

A．2km高水柱產生的壓強 B．4km高水柱產生的壓強 C．8km高水柱產生的壓強 D．20km高水柱產生的壓強 【答案】D 【解析】

試題分析：對工件的壓力為8×10N，與工件的接觸面積為4m，則工件承受的壓強

822p1===2×108Pa；若水產生的壓強p2=p1=2×108Pa，由p=ρgh得：

h===2×10m=20km；故ABC錯誤；故應選D。

4【考點定位】液體壓強計算公式的應用；壓強的大小及其計算

8．如圖所示，水平面上分界線MN左側區域光滑，不計摩擦，右側區域粗糙，其粗糙程度相同．一小球先從A點以3m/s的初速度運動到B點時的速度為2m/s，然后再使小球從B點以3m/s的初速度運動到A點．若小球從A點運動到B點所用的時間比從B點運動到A點少0.8s，則A點到分界線MN的距離為（）

A．3.0m B．3.6m C．4.2m D．4.8m 【答案】D 【解析】

【考點定位】力與運動的關系

9．如圖所示電路，電源電壓不變，AB為鉛筆芯，開關閉合后，當滑片M在某一位置時，電路的總功率為P，電流表A1，A2的示數分別為I1、I2；當滑片M滑到另一位置時，電路的總功率仍為P，電流表A1的示數變為I1′，且I1′=I1，此時電流表A2的示數變為I2′，則（）

A．I2′≥2I2 B．I2′≤2I2 C．I2′＞2I2 D．I2′=2I2 【答案】D 【解析】

試題分析：由電路圖可知，鉛筆芯電阻AM部分和BM部分并聯，電流表A1測通過AM部分電阻的電流，電流表A2測通過BM部分電阻的電流，因滑片M在某一位置和另一位置時，電路的總功率相等，所以，由P=UI=可知，兩種情況下電路的總電阻相等，因并聯電路中總電阻的倒數等于各分電阻之和，所以，當滑片位于M點時，電路的總電阻：R=，同理可得，滑片M滑到另一位置時，電路中的總電阻：R=，則=，即RAMRBM=RAM′RBM′，因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，其電源的電壓不變，所以，由I=可得，===，即RAM′=2RAM，代入RAMRBM=RAM′RBM′可得，RBM′=RBM，4 電流表A2前后的示數之比：===，即I2′=2I2； 故應選D。

【考點定位】歐姆定律的應用；電功率與電壓、電流的關系

10．一盛有水的長方體容器置于水平桌面上，現將內部含有一合金球的冰球投入容器中，冰球漂浮在水面上，剛投入時，冰球的體積（含合金球）為1200cm3，冰球露出水面的體積為79cm3，當冰全部熔化后，合金球對容器底部的壓力為0.4N，已知冰的密度為0.9×103kg/m3，則合金球的密度為（）A．9×10kg/m B．8×10kg/m C．6×10kg/m D．5×10kg/m 【答案】D 33

333

3【考點定位】物體的浮沉條件及其應用；密度的計算；阿基米德原理

二、填空題

11．特高壓輸電是構建能源互聯網的關鍵．正在建設中的新疆準東﹣﹣皖南特高壓輸電工程是目前世界上電壓等級最高、輸送容量最大、輸送距離最遠、技術水平最先進的輸電工程．

（1）準東﹣﹣皖南特高壓輸電輸送的電能是由準東火電廠通過煤的燃燒獲得的．煤屬于（填“化石”或“非化石”）能源，由于煤的燃燒會產生大量二氧化碳．加劇地球的 效應，故準東火電廠采用了先進技術以達到低排放環保要求．新疆的清潔能源風能和太陽能也十分豐富，風能屬于（填“可再生”或“不可再生”）能源；太陽能路燈的能量轉化方式屬于（填“光熱”、“光電”或“光化”）轉換．

5（2）準東﹣﹣皖南特高壓輸電線路上，一座座鐵塔矗立在沿線的大地上，在陽光的照射下，鐵塔在地面上的影子清晰可見．影子是由于光的 形成的，從日出到日落，鐵塔在地面上的影子在緩慢的（填“順”或“逆”）時針轉動．輸電線路跨越河流時，從平靜的水面上看到的“鐵塔”是由于光的（填“反射”或“折射”）形成的，河水中的魚看到的“鐵塔”高度比鐵塔的實際高度（填“高”或“低”）．

（3）準東﹣﹣皖南特高壓輸電為直流輸電．輸電電流穩定時，在輸電導線周圍會產生 場，（填“會”或“不會”）形成電磁波．安全用電常識告訴我們不能靠近特高壓輸電設備，否則容易發生（填“電弧”或“跨步電壓”）觸點．為了防雷，特高壓輸電線路安裝了用（填“導體”或“絕緣體”）材料做成的避雷線．

（4）準東﹣﹣皖南特高壓輸電電壓為1.1×106V．當輸送的電功率為1.1×1010W時，輸電電流為 A．1h輸送的電能為 度，若此時輸電導線上消耗的電功率為5.5×108W，則輸電導線的總電阻為 Ω，當輸送的電功率不同時，若輸送的電功率用P輸表示，輸電導線上消耗的電功率用P耗表示，則P耗與P輸的 二（填“一”或“二”）次方成正比．

【答案】（1）化石；溫室；可再生；光電；（2）直線傳播；順；反射；高；（3）磁；不會；電弧；導體；（4）1×104；1.1×107；5.5；二

所以電流穩定時不會形成電磁波；高壓線和高壓帶電設備在正常運行時，所帶電壓常常是幾千伏，幾萬伏甚至是幾十萬伏，在人體離它們較近時，高壓線或高壓設備所帶的高電壓，有可能擊穿它們與人體之間的空氣，發生放電現象，在電流通過人體時，造成電燒傷，甚至死亡，這就是所謂的高壓電弧觸電；高壓輸電鐵塔最上面的兩條導線是用導體材料做成的避雷線，防止雷直接擊到輸電線上，這兩條線一般與鐵塔相 6 連，將電流引入大地；（4）由P=UI可得，輸電電流I===1×10A，由P=可得，1h輸送的4電能：W=Pt=1.1×107kW×1h=1.1×107kW?h，若此時輸電導線上消耗的電功率P′=5.5×108W時，由P=I2R可得輸電導線的總電阻：R=

=

=5.5Ω；當輸送的電功率不同時，輸電線上的電流I=，輸電線上消耗的功率：P耗=I2R=次方成反比。

R=R，由此可知，P耗與P輸的 二次方成正比，與輸送電壓的二【考點定位】電功率的計算；光直線傳播的應用；光的反射；光的折射現象及其應用；通電直導線周圍的磁場；電磁波的產生；能量的轉化和轉移；觸電危害及常見的觸電類型與預防；電功的計算；電功率與電壓、電流的關系；能源的分類

12．2017年5月5日，凝聚著國人夢想的國產大飛機C919首飛成功．

（1）C919首飛時，由于發動機的 而產生的轟鳴聲是通過（填具體介質）傳入人耳．C919返回首飛現場時，現場見證者心情越發激動，隨著聲音的（填“響度”或“頻率”）越來越大，飛機開始著陸，最終首飛取得圓滿成功．十年心血，終于破繭成蝶，現場C919研發專家們流下了激動和幸福的淚水，對于他們來說，C919發動機的轟鳴聲屬于（填“樂音”或“噪音”）．

（2）若不計飛機質量的變化，當C919在水平跑道上加速滑行時，其機械能的增加量（填“大于”、“小于”或“等于”）動能的增加量，跑道對飛機的支持力（填“大于”、“小于”或“等于”）飛機的重力；當C919騰空加速上升時，其機械能的增加量（填“大于”、“小于”或“等于”）動能的增加量，此時飛機受力（填“平衡”或“不平衡”）．

（3）C919首飛成功后，將進入適航認證階段，其中非常重要的一項就是結冰試驗．飛機表面結冰是由于飛機飛行過程中過冷水滴或降雨碰到機體后（填物態變化過程）而形成的，也可由水蒸氣在機體表面（填物態變化過程）而成，上述兩個過程都是 熱過程．飛機表面結冰后，會破壞其空氣動力學外形，使飛機升力減小，阻力，影響飛機的穩定性和操控性．

（4）C919為了減重，使用了大量新型合金材料．飛機某合金部件由甲、乙兩種金屬構成，已知甲、乙按質 7 量比2：1混合后的密度與甲、乙按體積比3：4混合后的密度相等，則甲、乙的密度之比為 ．若該合金部件傳統上全部使用金屬甲時重量減少了50%，則該合金部件中甲、乙的質量之比為 ． 【答案】（1）振動；空氣；響度；樂音；（2）等于；小于；大于；不平衡；（3）凝固；凝華；放；變大；（4）8：3；2：3 影響飛機飛行的穩定性和飛行員操作困難；（4）①由題知，甲、乙按質量比2：1混合時，m甲=2m乙，由密度公式可得混合后密度：ρ===，甲、乙按體積比3：4混合時，V

甲=V乙，由密度公式可得混合后密度：ρ′===ρ

甲

+ρ

乙，混合后的密度相等，所以： =ρ

甲

+ρ

乙，解得： =或=（不合題意舍去）；②合金部件比傳統上全部使用金屬甲時重量減少了50%，即m合=M甲，使用合金和傳統上使用甲制作該部件的體積應相等，所以ρ合=ρ甲，由密度公式有： =ρ

甲，解得： =。

【考點定位】空心、混合物質的密度計算；凝固與凝固放熱特點；生活中的凝華現象；平衡狀態的判斷； 8 流體壓強與流速的關系；聲音的產生；聲音的傳播條件；響度與振幅的關系；噪聲及來源；動能和勢能的大小變化

三、作圖題

13．一束光從空氣射入玻璃時的反射光線如圖所示，請畫出入射光線和大致的折射光線．

【答案】如下圖所示

【考點定位】作光的反射光路圖；作光的折射光路圖

14．請在圖中畫出均勻木棒OA的重力示意圖以及力F的力臂．

【答案】如下圖所示

【解析】

試題分析：重力方向豎直向下，過均勻木棒的中心，即木棒的重心，沿豎直向下的方向畫一條有向線段，用G表示，即為重力的示意圖；沿力F的方向畫出作用線，從O點向力F的作用線作垂線段L就是力F的力臂，如上圖所示。【考點定位】力臂的畫法

15．請在圖中標出通電螺線管的N極以及靜止在P點的小磁針N極的指向（用“→”表示）．

【答案】如下圖所示

【考點定位】安培定則 四.實驗題

16．在“探究水沸騰時溫度變化的特點”實驗中，將熱水導入燒杯中后，在水銀溫度計示數上升過程中，溫度計示數顯示的是（填“水銀”或“水”）的溫度．水加熱至沸騰后溫度計的示數一直為98℃，則該地區的大氣壓（填“大于”或“小于”）一個標準大氣壓．水汽化過程中水分子間的距離

（填“增大”或“減小”）．若水銀溫度計內水銀的質量為1g，則水銀溫度計每升高1℃，水銀吸收的熱量為 J（水銀的比熱容c=0.14×103J/（kg?℃））【答案】水銀；小于；增大；0.14 【解析】

試題分析：（1）將熱水導入燒杯中后，在水銀溫度計示數上升過程中，由于水銀受熱膨脹，根據液體溫度計的工作原理，此時溫度計示數顯示的是水銀的溫度；（2）一個標準大氣壓下，水的沸點為100攝氏度，10 當觀察到溫度計的示數為98℃時就一直保持不變，這說明當地的大氣壓小于標準大氣壓；（3）一定質量的水汽化后，由液態變成氣態，分子間距離增大，分子間作用力變小，分子排列也不緊密，極度散亂，但是分子大小沒有變化；（4）水銀吸收的熱量：Q吸=cm△t=0.14×103J/（kg?℃）×1×10﹣3kg×1℃=0.14J。【考點定位】探究水的沸騰實驗

17．小明在實驗室里測量一金屬圓柱體的密度．

（1）在調節托盤天平橫梁平衡時，小明發現指針在分度盤中央刻線右側擺動，他應向 端調節平衡螺母，依據的原理是（填“杠桿”或“二力”）平衡．

（2）天平平衡時，右盤中砝碼和游碼的位置如圖甲所示，則圓柱體的質量是 g，將圓柱體放入盛有70cm3水的量筒中，量筒中的水面如圖乙所示，則圓柱體的密度是 kg/m3，若圓柱體與量筒底部接觸緊密，圓柱體放入量筒后水對量筒底部的壓力（填“大于”、“小于”或“等于”）圓柱體放入量筒前水對量筒底部的壓力．

【答案】（1）左；杠桿；（2）27；2.7×103；小于

【考點定位】固體密度的測量

18．在“測量小燈泡的電功率”的實驗中，小燈泡的額定電壓為2.5V．

（1）正確連接電路后，閉合開關前應將滑動變阻器的阻值調到最 ；閉合開關后，發現電壓表和電流表中只有一只電表有示數，小燈泡亮度一般，說明 表發生了斷路．

（2）排除故障后，根據測得的實驗數據做出小燈泡電壓在1.5V﹣2.5V之間的I﹣U圖象如圖所示，則小燈泡的額定功率是 W．小燈泡電壓為1.5V時的電阻（填“大于”、“小于”或“等于”）小燈泡電壓為2.5V時的電阻．若小燈泡電壓為1.5V、2.0V、2.5V時小燈泡的功率分別為P1、P2、P3，則P2（P1+P3）（填“＞”、“＜”或“=”）．

【答案】（1）大；電壓；（2）0.625；小于；＜．

【考點定位】電功率的測量 五.計算題

19．如圖所示電路，電源電壓U=6V，R1=2Ω，閉合開關后，電流表度數為1.0A．求

（1）R1兩端的電壓；

（2）R2在1min內消耗的電能． 【答案】（1）2V；（2）240J 【考點定位】歐姆定律的應用；電功的計算

20．如圖所示裝置是實驗室在用輕繩繞成的滑輪組．懸掛的重物G=4.8N，當重物靜止于任意位置時，手對輕繩的拉力均為F1=1.8N；當重物勻速上升時，手對輕繩的拉力為F2=2.0N，且物重上升過程中動滑輪恰好轉過1圈．已知動滑輪周邊凹槽的周長C=0.3m，求

（1）動滑輪的重力；

（2）重物上升過程中的有用功、總功以及滑輪組的機械效率． 【答案】（1）0.6N；（2）0.48J； 0.6J； 80% 【解析】

試題分析：（1）由圖可知，n=3；當重物靜止于任意位置時，手對輕繩的拉力均為F1=1.8N；則有：F1=（G+G動），故G動=3F1﹣G=3×1.8N﹣4.8N=0.6N；（2）動滑輪恰好轉過1圈，則繩子自由端通過的距離為：s=C=0.3m；

則物體上升的高度為：h=s=×0.3m=0.1m；重物上升過程中的有用功：W有=Gh=4.8N×0.1m=0.48J；所做 13 的總功為：W總=F2s=2N×0.3m=0.6J；機械效率為：η==×100%=80%。

【考點定位】滑輪（組）的機械效率；滑輪組繩子拉力的計算；有用功和額外功