第一篇：浙江金華、麗水市2018年中考物理試題(word版含解析)

科學（物理部分）

一、選擇題

1.下列關于家庭電路及安全用電的說法正確的是（）A.只要人體接觸火線都會發生觸電事故 B.低于36伏的電壓對人體一定是安全的 C.測電筆可用于檢測物體帶正電還是帶負電 D.使用三角插頭是為防止觸電而采取的安全措施 【答案】BD 【解析】分析：（1）不高于36V的電壓對人體才是安全的；（2）安全用電的原則：不接觸低壓帶電體，不靠近高壓帶電體。（3）測電筆的作用是辨別火線和零線；

（4）三孔插座的第三個孔接地線，三腳插頭的第三個腳接用電器金屬外殼。解答：A、人體接觸火線，只要不形成通路，就不會發生觸電事故，故A錯誤； B、經驗證明，只有不高于36V的電壓對人體才是安全的，故B正確；

C、測電筆是用來辨別火線和零線，不能檢測物體帶正電還是帶負電，故C錯誤； D、家庭電路安裝漏電保護器、用電器使用三線插頭都是為了防止漏電而采取的安全措施，故D正確。故選：BD。

【點睛】本題考查的是日常生活中的一些安全用電常識。只要同學們牢記安全用電常識，并正確規范操作，就不會有危險發生。

2.岸上景物在湖水中形成清晰的倒影（如圖），下列有關“水中倒影”的說法正確的是（）

A.是光的反射形成的虛像 B.是光的折射形成的虛像

C.是光沿直線傳播形成的影子 D.“水中倒影”比岸上景物大一些 【答案】A 【解析】分析：倒影屬平面鏡成像現象，所以所成的像是與物體等大的虛像，其原理是光的反射。

解答：水中倒影屬平面鏡成像現象，其原理是光的反射，是反射光線的反向延長線的會聚點，版權所有：中華資源庫 www.tmdps.cn

所以是光的反射形成的虛像。根據平面鏡成像特點可知，“水中倒影”與岸上景物是等大的，故A正確，BCD錯誤。故選：A。

【點睛】現實生活中有很多與光有關的現象，平時要注意多觀察，多思考，并用所學光學知識去解釋觀察到的光學現象，這能提高我們運用所學知識解決實際問題的能力。

3.2018年2月22日，在短道速滑男子500米決賽中，武大靖為中國贏得平昌冬奧會首枚金牌。下列說法正確的是（）

A.把冰刀磨得很鋒利，是為了增大摩擦力

B.沖過終點后不能立即停止滑行，是因為運動員具有慣性 C.以滑行中的運動員作為參照物，觀眾是靜止的

D.運動員用力蹬冰面就會向前運動，說明力是維持物體運動的原因 【答案】B 【解析】分析：（1）增大壓強的方法：增大壓力和減小接觸面積；（2）慣性是物體保持運動狀態不變的性質，其大小只與質量有關；

（3）要判斷物體的動與靜，就要比較物體與參照物的位置關系。如果物體相對于參照物的位置發生了變化，則稱這個物體是運動的；如果物體相對于參照物的位置沒有發生變化，則稱這個物體是靜止的；

（4）力是改變物體運動狀態的原因。

解答：A、把冰刀磨得很鋒利，是通過減小受力面積來增大壓強，故A錯誤； B、沖過終點后運動員由于慣性繼續向前運動，不能立即停止滑行，故B正確； C、以滑行中的運動員作為參照物，觀眾與運動員有位置的變化，是運動的，故C錯誤； D、運動員用力蹬冰面對冰面有一個向后的力，因為物體間力的作用是相互的，地面對運動員一個向前的力，運動員就會向前運動，說明力是改變物體運動的原因，故D錯誤。故選：B。

【點睛】本題考查了學生對增大壓強的方法、慣性大小的影響因素、運動與靜止的相對性、力與運動的關系的了解與掌握，是一道力學綜合題。

4.如圖，用刻度均勻的勻質杠桿進行“杠桿平衡條件”的實驗（每個鉤碼重為0.5牛）。下

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列說法正確的是（）

A.實驗前出現圖甲所示情況，應將杠桿的平衡螺母向左調 B.圖乙，在AB處各增加一個鉤碼，杠桿仍然能保持平衡

C.圖丙，彈簧測力計從a位置轉到b，為保持杠桿在水平位置平衡，其示數需變大 D.圖丁，用彈簧測力計在c點向上拉杠桿，為保持杠桿在水平位置平衡，其示數小于3牛 【答案】C 【解析】分析：（1）探究杠桿平衡條件之前首先要調節杠桿在水平位置平衡，螺母向上翹的一端移動；

（2）原來杠桿平衡，是因為兩邊的力和力臂的乘積相等，現在各加一個同樣的鉤碼，就要看現在的力和力臂的乘積是否相等，據此分析得出結論；

（3）根據鉤碼個數與每個鉤碼的重力求出測力計拉力；當拉力F向右傾斜時，保持B點不動，彈簧測力計的方向向右傾斜，這時杠桿右側的力臂變短，根據杠桿的平衡條件可知，使杠桿仍在水平位置平衡，則彈簧測力計的示數將變大；

（4）圖中，支點位于動力和阻力的右側，彈簧測力計不但提了鉤碼，而且還提了杠桿，杠桿的重力對杠桿轉動產生了影響。

解答：A、由圖可知，杠桿的右端上翹，要使杠桿在水平位置平衡，平衡螺母應向右端移動，故A錯誤；

B、設一個鉤碼重為G，一格的長度為L，原來：掛鉤碼處各增加一個質量相等的鉤碼，現在：的右端下沉，故B錯誤；

C、圖中彈簧測力計從a位置轉到b，此時拉力F的力臂變短，根據杠桿的平衡條件可知，拉力變大，即測力計的示數變大，故C正確； D、若不計杠桿的重力，根據杠桿的平衡條件可得：，解得測力計的示數：，杠桿平衡；在杠桿兩側，所以杠桿不再平衡，杠桿；利用如圖所示裝置進行探究，杠桿的重力不能忽略，且杠桿的重心

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在桿的中點（杠桿的重心沒有通過支點），杠桿的重力與鉤碼的重力都會使杠桿向逆時針方向轉動，所以彈簧測力計的示數應大于3N，故D錯誤。故選：C。

【點睛】此題是探究杠桿平衡實驗，考查了杠桿的調平及杠桿平衡條件的應用，在利用平衡條件公式時，要注意分析力和對應的力臂。

二、填空題

5.小科在實驗室發現一枚鋼針，為能快速利用小磁針判斷：①鋼針是否有磁性，②若有磁性則磁極如何分布，小科畫出思維導圖。請補充完整：

【答案】相互排斥；鋼針沒有磁性

【解析】分析：（1）同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引；兩物體相互排斥一定是同名磁極，若相互吸引可能是異名磁極也可能沒有磁性。（2）磁鐵可以吸引鐵鈷鎳等物質。

故答案為：（1）相互排斥；（2）鋼針沒有磁性。

【點睛】本題考查了磁極間的相互作用和磁體的性質等知識，是一道比較新穎的題目。6.杯子放在水平桌面上，放入茶葉，再倒人開水，茶葉先漂浮在水面上，過一段時間，茶葉逐漸下沉到杯底。

（1）茶葉漂浮在水面，是因為浮力_____重力（填“大于”、“小于”或“等于”）；

（2）茶葉勻速下沉階段（不考慮水的蒸發），茶杯對桌面的壓力將_____（填“變大”、“變小”

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或“不變”）。

【答案】

(1).等于

(2).不變

【解析】分析：（1）漂浮在水面上的物體所受的浮力等于自身的重力。（2）茶杯對桌面的壓力等于茶杯、水和茶葉的總重力。

解答：（1）根據物體浮沉條件可知，茶葉漂浮在水面，是因為浮力等于重力；

（2）茶杯對桌面的壓力等于茶杯、水和茶葉的總重力，所以不考慮水的蒸發，茶杯對桌面的壓力不變。

故答案為：（1）等于；（2）不變。

【點睛】此題考查物體浮沉條件及其應用、壓力與重力的區別，難度不大，關鍵是解答中把杯子、茶葉和水看做一個整體。

7.用如圖所示的電路圖研究“電流與電阻的關系”。電流靖量程為“0~0.6A”，電壓表量程為“0~3V”，滑動變阻器的規格為“50Ω 1A”，電源電壓3伏恒定不變。在AB間分別接入阻值不同的電阻R，稱動滑動變阻器的滑片，使電壓表示數保持2伏不變，讀出電流表示數并記錄。

（1）分析表中數據，可得出的實驗結論是______________________________________；（2）為了使實驗結論更可靠，控制AB間電壓2伏不變，再多測幾組數據，AB間允許接入電阻R的取值范圍是___________歐。

【答案】

(1).導體兩端的電壓一定時，通過導體的電流與導體的電阻成反比

(2).3.33～100 【解析】分析：（1）電壓一定時，導體中的電流與導體的電阻成反比；

（2）電路中電流最大時定值電阻和滑動變阻器接入電路中的電阻都最小，根據歐姆定律求出電路中的定值電阻的最小值；利用電阻的串聯求出變阻器接入電路中的最小阻值。滑動變阻器的最大電阻為50Ω，當滑動變阻器的電阻最大時，定值電阻阻值也最大，根據歐姆定律求出此時電路中的電流，根據

算出定值電阻的最大值。

解答：（1）根據表中數據知：電流與電阻的乘積都為

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，故可以得出：電壓一定時，導體中的電流與導體的電阻成反比；

故答案為：（1）電壓一定時，導體中的電流與導體的電阻成反比；（2）3.33～100。【點睛】本題考查了電流與電阻關系的探究和定值電阻的取值范圍，其中定值電阻的取值范圍有一定的難度，是一道難題。

8.相關資料表明，大部分重大交通事故都是因為汽車超載超速造成的。興趣小組決定對超載超速問題進行一次模擬探究，經過討論后認為，可以用小球作為理想模型，代替汽車作為研究對象。如圖，將小球從高度為h的同一斜面上由靜止開始滾下，推動同一小木塊向前移動一段距離s后停下來。完成甲、乙、丙三次實驗，其中h1=h3>h2，mA=mB

（1）把小球放在同一高度由靜止開始沿斜面滾下是為了控制______________相同；（2）實驗中超載超速帶來的危害程度用___________表示；

（3）研究超載帶來的危害時，選擇甲、乙、丙三次實驗中的_______________進行比較；（4）為比較超載超速帶來的危害程度，興趣小組利用上述器材進行定量研究。得到數據如下表：

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請根據上表數據分析，貨車超載20%與超速20%兩者相比，潛在危害較大的是_______。【答案】

(1).速度

(2).小木塊移動的距離s

(3).甲、丙

(4).超速20% 【解析】分析：（1）實驗中通過控制小球滾下的高度來控制小球滾下的速度；（2）動能的大小通過木塊被推動距離來表示；（3）根據控制變量法來分析超載帶來的危害；（4）分析表格數據得出結論。

解答：（1）把小球放在同一高度由靜止開始沿斜面滾下是為了控制小球到達斜面底端時的速度大小相等；

（2）超載是指汽車的速度一定時，質量越大動能越大，將木塊推動得越遠，說明動能越大，故實驗中超載超速帶來的危害程度用木塊被推動的距離來表示；

（3）超載是指汽車的速度一定時，質量越大動能越大，將木塊推動得越遠，說明動能越大，故需要高度相同，質量不同的小球，圖中甲丙符合要求；

（4）表格中對應的實驗數據可知速度對物體的動能影響更大，當超速20%發生交通事故時，由此造成的危害更嚴重。

故答案為：（1）速度；（2）小木塊移動的距離；（3）甲、丙；（3）超速20%。

【點睛】本實驗中研究動能大小的決定因素時運用了控制變量法，反映動能多少時運用了轉換法。從圖中現象發現質量、速度的不同是此題的關鍵。

9.小科想知道標有“3.8V”字樣的小燈泡正常工作時的電功率，于是連接了如圖所示的實驗電路。電源電壓6伏恒定不變，滑動變阻器規格為“50Ω 1A”。

（1）請你用筆畫線代替導線，將電路連接完整___________；

（2）正確連接電路，閉合開關，發現小燈泡不亮。小科觀察到兩電表的示數情況是________，由此判斷故障是小燈泡斷路；

（3）排除故障后，小科進行了正確操作，觀察到的現象和測得的數據如下：

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由表中數據可得，小燈泡的額定功率是____________瓦；

（4）小科根據表中數據，計算了各次實驗的燈絲電阻，分析后認為，閉合開關前燈絲的阻值小于5歐姆，小科的理由是_____________________________。

【答案】

(1).(2).電壓表有示數，電流表無示數（或電壓表示數為6伏，電流表示數為0）

(3).1.14

(4).燈泡燈絲電阻隨著溫度的降低而減小，實驗中很暗時燈絲電阻為5歐，沒有通電時，溫度更低，所以電阻會更小 【解析】分析：（1）開關與小燈泡右接線柱相連；

（2）通過小燈泡不亮，小燈泡斷路，電流表沒示數，電壓表有示數；（3）小燈泡的額定功率

可求；

（4）小燈泡的電阻跟溫度有關。

解答：（1）將開關與小燈泡右接線柱相連，如圖所示：

（2）由題意可知，正確連接電路，閉合開關，發現小燈泡不亮，判斷故障是小燈泡斷路，則電流表無示數，電壓表有示數；

（3）由圖表可知，小燈泡的額定電壓U=3.8V，額定電流I=0.30A，小燈泡的額定功率

；

（4）閉合開關前燈絲的阻值小于5歐姆，小科的理由是小燈泡燈絲電阻隨著溫度降低而減小，實驗中很暗時燈絲電阻，沒用通電時，溫度更低，所以電阻會更小。

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故答案為：

(1).(2).電壓表有示數，電流表無示數（或電壓表示數為6伏，電流表示數為0）

(3).1.14

(4).燈泡燈絲電阻隨著溫度的降低而減小，實驗中很暗時燈絲電阻為5歐，沒有通電時，溫度更低，所以電阻會更小

【點睛】本題是電學實驗題，主要考查了電路的連接、電路故障的分析、燈絲電阻與溫度的關系及電功率、電阻的計算，考查全面，綜合性較強。

10.無人機以高分辨率高速攝像機、輕型光學相機、激光掃描儀等設備獲取信息，廣泛應用在航拍、交通等領域。如圖為某型號無人機，整機質量2千克，停放時與水平地面總接觸面積0.002米，攝像機拍攝速度11000幀/秒。在轎車限速120千米/時的某高速公路上，交警利用該無人機進行道路通行情況實時監測。

2（1）無人機停放在水平地面時，對地面產生的壓強____________帕；（2）無人機豎直向上爬升60米的過程中克服重力做了多少功________？

（3）無人機在某轎車通行0.6米的過程中拍攝220幀，通過計算判斷該轎車是否超速_____。【答案】

(1).10000

(2).1200焦

(3).不超速

【解析】分析：（1）無人機停放在水平地面時，對地面產生的壓力和它們的重力相等，根據求出對地面產生的壓強。

計算無人機豎直向上爬升過程中克服重力做功；（2）利用（3）利用速度公式求出該轎車的速度，然后與最大限速相比較即可得到答案。解答：（1）無人機停放在水平地面時，對地面產生的壓力：對地面產生的壓強：

；

；

；（2）無人機豎直向上爬升60米的過程中克服重力做功：（3）由題知，攝像機拍攝速度11000幀/秒，已知某轎車通行0.6米的過程中拍攝220幀，則轎車運動的時間：

該轎車的速度：，因為

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，所以，該轎車不超速。

104； 答：（1）1×（2）無人機豎直向上爬升60米的過程中克服重力做了1200J的功；（3）計算可知該轎車不超速。

【點睛】此題考查壓強和功的大小計算、速度公式及其應用，綜合性較強，難度適中，關鍵是知道無人機停放在水平地面時，對地面產生的壓力和它們的重力相等。

11.隨著全球汽車保有量的急劇增加，燃油汽車尾氣排入帶來的環境問題也日趨嚴峻，為汽車尋找合適新能源成為了各汽車企業重點研究課題。Mirai是某品牌汽車企業首款量產的新型氫燃料電池車，它不是利用氫氣燃燒獲取能量，而是利用氫氣和氧氣化學反應過程中電子轉移形成電流獲得電能，其燃料電池工作原理如圖，燃料電池的部分參數如下表：

新型氫燃料電池原理示意圖

請回答：

（1）Mirai在環保方面最大的優點是_____________________________（寫了點即可）（2）新型氫燃料電池原理示意圖中“X”所代表微粒的符號是_____________________；（3）Mirai的燃料電池堆棧的體積約為____________升（保留兩位小數點）；（4）燃料電池以最大功率工作10秒鐘，總共輸出多少電能__________？

+【答案】

(1).零排放、尾氣無污染

(2).H

(3).36.77

(4).1140000焦

【解析】分析：（1）從燃燒時對環境的污染情況分析；

（2）根據Mirai是利用氫氣和氧氣化學反應過程中電子轉移形成電流獲得電能，結合工作原理圖解答；

（3）已知最大功率為114千瓦，體積功率密度為3.1千瓦/升，然后可求Mirai的燃料電池堆棧的體積；

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（4）已知燃料電池以最大功率工作10秒鐘，利用可求得總共輸出多少電能。

解答：（1）Mirai在環保方面最大的優點是零排放，尾氣無污染；

（2）由題意可知，Mirai是利用氫氣和氧氣化學反應過程中電子轉移形成電流獲得電能，結

+合工作原理圖可知，新型氫燃料電池原理示意圖中“X”所代表微粒的符號是H；

（3）已知最大功率為114千瓦，體積功率密度為3.1千瓦/升，則Mirai的燃料電池堆棧的體積（4）由

；

可得總共輸出電能：

+故答案為：(1).零排放、尾氣無污染

(2).H

(3).36.77

(4).1140000焦

【點睛】本題考查了學生對電功公式的掌握和運用，解答此題的關鍵是從表格中提取有用的信息，此題難度不大。

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第二篇：浙江省金華、麗水市2018年中考數學試題及答案解析

2018年浙江省麗水市中考數學試卷(解析版)一、一、選擇題（共10題；共20分）

1.在0，1，?1四個數中，最小的數是（）

D.?1，即-1是最小的數．故A.0 B.1 C.【解析】【解答】解： 答案為：D。，【分析】這些都是有理數，有正數和負數，0時，比較有理數的大小，一般有兩種方法：一是根據比較有理數大小的規則；二是根據有理數在數軸上的位置，數軸上右邊的數總比左邊的數大 2.計算 結果正確的是（）

C.D.A.B.【解析】【解答】解：，故答案為：B。

=，則可用同底數冪的除法法則計算即可。【分析】考查同底數冪的除法法則；

3.如圖，∠B的同位角可以是（）

A.∠1 B.∠2 C.∠3 D.∠4 【解析】【解答】解：直線DE和直線BC被直線AB所截成的∠

B與∠

4構成同位角，故答案為：D 【分析】考查同位角的定義；需要找一個角與∠

B構造的形狀類似于“F” 4.若分式 的值為0，則x的值是（）

C.3或 的值為0，則，解得

D.0

．故答案為：A． A.3 B.【解析】【解答】解：若分式

【分析】分式指的是分母是含字母的整式且分母的值不為0的代數式；當分式為0時，則分子為零，分母不能為0．

5.一個幾何體的三視圖如圖所示，該幾何體是（）

A.直三棱柱 B.長方體 C.圓錐 D.立方體 【解析】【解答】主視圖是三角形的幾何圖形可能是直三棱柱和圓錐，左視圖是長方形的，也只有直三棱柱，故答案為：A。

【分析】考查由簡單幾何圖形的三視圖描述幾何圖形；根據三視圖分別對應選項中，判斷是否符號，并逐個排除．其中，主視圖是三角形的可能是直三棱柱（直三棱柱有一個面是三角形），也可能是圓錐；也可以根據三視圖直接得到幾何圖形的形狀。

6.如圖，一個游戲轉盤中，紅、黃、藍三個扇形的圓心角度數分別為60°，90°，210°．讓轉盤自由轉動，指針停止后落在黃色區域的概率是（）

A.B.C.D.【解析】【解答】解：P（指針停止后落在黃色區域）= 【分析】角度占360°的比例，即為指針轉到該區域的概率。，故答案為：B。

7.小明為畫一個零件的軸截面，以該軸截面底邊所在的直線為x軸，對稱軸為y軸，建立如圖所示的平面直角坐標系．若坐標軸的單位長度取1mm，則圖中轉折點P的坐標表示正確的是（）

A.（5，30）B.（8，10）C.（9，10）D.（10，10）

【解析】【解答】解：因為點P在第一象限，點P到x軸的距離為：40-30=10，即縱坐標為10；點P到y軸的距離為，即橫坐標為9，∴點P（9,10），故答案為：C。

【分析】在直角坐標系中確定點的坐標，即要確定該點的橫、縱坐標，或者求出該點到x軸，y軸的距離，再根據該點所在的象限，得到該點的坐標；根據圖中所給的數據，可分別求出點P到x軸，y軸的距離，又點P在第一象限，即可得出。

8.如圖，兩根竹竿AB和AD斜靠在墻CE上，量得∠ABC=α，∠ADC=β，則竹竿AB與AD的長度之比為（）

A.B.C.D.【解析】【解答】解：設AC=x, 在Rt△ABC中，AB= 在Rt△ACD中，AD=

．，則

故答案為：B。，【分析】求AB與AD的比，就不必就求AB和AD的具體的長度，不妨設AB=x，用含x的代數式分別表示出AB，AD的長，再求比。

9.如圖，若點A，D，E在同一條直線上，∠ACB=20°將△ABC繞點C順時針旋轉90°得到△EDC ．，則∠ADC的度數是（）

A.55° B.60° C.65° D.70° 【解析】【解答】解：∵將△ABC繞點C順時針旋轉90°得到△EDC ．

∴∠ACE=90°，AC=CE，∴∠E=45°，∵∠ADC是△CDE的外角，∴∠ADC=∠E+∠DCE=45°+20°=65°，故答案為：C。

【分析】根據旋轉的性質可知，旋轉前后的兩個圖形是全等的，并且對應邊的旋轉角的度數是一樣的。則∠ACE=90°，AC=CE，∠DCE=∠ACB=20°，可求出∠E的度數，根據外角的性質可求得∠ADC的度數 10.某通訊公司就上寬帶網推出A，B，C三種月收費方式．這三種收費方式每月所需的費用y（元）與上網時間x（h）的函數關系如圖所示，則下列判斷錯誤的是（）

A.每月上網時間不足25 h時，選擇A方式最省錢 B.每月上網費用為60元時，B方式可上網的時間比A方式多

C.每月上網時間為35h時，選擇B方式最省錢 D.每月上網時間超過70h時，選擇C方式最省錢 【解析】【解答】解：A方式：當0

解得，則yA=3x-45，則

。，則 B方式：當0

解得

C方式：yC=120.，則yB=3x-100，則。

A.每月上網時間不足25 h時，即x<25時，yA=30,yB=50，yC=120，因為30<50<120，所以選擇A方式最省錢，判斷正確，故本選項不符合題意； B.每月上網費用為60元時，對于，則60=3x-45，解得x=35；對于，則60=3x-100，解得x= 式多，判斷正確，故本選項不符合題意；，因為35< ,所以B方式可上網的時間比A方C．每月上網時間為35h時，與A同理，求得yA=3×35-45=60（元）,yB=50（元），yC=120，選擇B方式最省錢，判斷正確，故本選項不符合題意；

D．每月上網時間超過70h時，即當x≥70時，yA≥3×70-45=165（元），yB≥3×70-100=110（元），yC=120，選擇B方式最省錢，故判斷錯誤，故本選項符合題意； 故答案為：D。

【分析】做此題可運用解析法并結合圖象靈活解題。根據圖象可發現A、B、C這三種方式的圖象是直直的線，是一次函數的圖象，所以可先求出A、B、C三種方式的表達式，根據不同的x取值范圍；結合圖象逐個判斷每個選項的正誤

二、填空題（共6題；共7分）

11.化簡 故答案為：

計算。的結果是________．

【解析】【解答】解：

【分析】運用平方差分式

12.如圖，△ABC的兩條高AD，BE相交于點F，請添加一個條件，使得△ADC≌△BEC（不添加其他字母及輔助線），你添加的條件是________．

【解析】【解答】從題中不難得出∠ADC=∠BEC=90°，而且∠ACD=∠BCE（公共角），則只需要加一個對應邊相等的條件即可，所以從“CA=CB，CE=CD，BE=AD”中添加一個即可。故答案為：CA=CB，CE=CD（答案不唯一）。

【分析】判斷兩個三角形全等，判定定理有“AAS，SSS，SAS，ASA，HL”，只需要添加一個條件，那么就要從題目中找出其他兩個條件，再根據判定定理，缺什么就添什么條件。

13.如圖是我國2013~2017年國內生產總值增長速度統計圖，則這5年增長速度的眾數是________．

【解析】【解答】解：這組數據是：7.8%，7.3%，6.9%，6.7%，6.9%，6.9%出現了兩次最多，故眾數是6.9%。故答案為：6.9% 【分析】眾數是指的是一組數所中出現次數最多的那個數或多個數。要求的眾數是圖中每個點旁邊的數據中出現最多的次數。

14.對于兩個非零實數x，y，定義一種新的運算： 的值是________．

【解析】【解答】解：∵ ∴ 則 =，．若，則

故答案為：-1.【分析】給的新定義運算中，有a，b兩個字母，而題中只給了

個值都能求出，但能求出a與b的數量關系，將a與b的數量等式代入到

一個條件，就不能把a，b兩

中即可得出。

15.如圖2，小靚用七巧板拼成一幅裝飾圖，放入長方形ABCD內，裝飾圖中的三角形頂點E，F分別在邊AB，BC上，三角形①的邊GD在邊AD上，則 的值是________．

【解析】【解答】解：如圖，過G作GH⊥BC交BC于H，交三角形②斜邊于點I，則AB=GH=GI+HI，BC=AD=AG+GD=EI+GD。設原來七巧板的邊長為4，則三角形②斜邊的長度=4，GI= 則AB=GI+IH= +2，三角形③斜邊長IH=，而AG=EI=4，GD=4，則BC=8，∴ 故答案為：。

【分析】可設原來七巧板的邊長為4（或一個字母），在圖2中，可分別求出AB與BC的長。過G作BC的垂線段，垂足為H，則AB=GH，而GH恰好是三角形②斜邊上高的長度與三角形③斜邊長度的和；同樣的可求出BC的，求比值即可。

16.如圖1是小明制作的一副弓箭，點A，D分別是弓臂BAC與弓弦BC的中點，弓弦BC=60cm．沿AD方向拉弓的過程中，假設弓臂BAC始終保持圓弧形，弓弦不伸長．如圖2，當弓箭從自然狀態的點D拉到點D1時，有AD1=30cm，∠B1D1C1=120°．

（1）圖2中，弓臂兩端B

1，C1的距離為________cm．

（2）如圖3，將弓箭繼續拉到點D

2，使弓臂B2AC2為半圓，則D1D2的長為________cm．

【解析】【解答】（1）如圖2，連結B1C1，B1C1與AD1相交于點E，∵D1是弓弦B1C1的中點，∴AD1=B1D1=C1D1=30cm，由三點確定一個圓可知，D1是弓臂B1AC1的圓心，∵點A是弓臂B1AC1的中點，∴∠B1D1D= 在Rt△B1D1E中，B1E= 則 B1C1=2B1E=30 故答案為：30 cm。，B1E=C1E，AD1⊥B1C1，cm，（2）如圖2，連結B2C2，B2C2與AD1相交于點E1，∵使弓臂B2AC2為半圓，∴E1是弓臂B2AC2的圓心，∵弓臂B2AC2長不變，∴ 在Rt△ 則，解得

中，由勾股定理可得

cm

cm，cm

即 故答案為：

cm 根據圖形不難看出∠B1D1D= 【分析】（1）連結B1C1，可以通過證明得到的；（2）由

B1E=C1E，AD1⊥B1C1，可求，其中AD1的長已知，即求AD2；連結B2C2，與（2）同理可知點E1是弓臂B2AC2的圓心，由弓臂B2AC2長不變，可求出半徑B2E2的長，再由勾股定理求出D2E1，從而可求得AD2的長

三、解答題（共8題；共75分）

17.計算： ＋ －4sin45°＋

．

【解析】【分析】根據實數的計算法則及三角函數的特殊值計算即可。18.解不等式組：

【解析】【分析】根據解不等式的一般步驟（去分母，去括號，移項，合并同類項，系數化為1），分別求出兩個等式的解集，再取兩個解集的公共部分即可。

19.為了解朝陽社區20~60歲居民最喜歡的支付方式，某興趣小組對社區內該年齡段的部分居民展開了隨機問卷調查（每人只能選擇其中一項），并將調查數據整理后繪成如下兩幅不完整的統計圖．請根據圖中信息解答下列問題：

（1）求參與問卷調查的總人數．

（2）補全條形統計圖．

（3）該社區中20-60歲的居民約8000人，估算這些人中最喜歡微信支付方式的人數．

【解析】【分析】（1）根據A組的總人數是（120+80）人，以及A組所點的百分比，即可求出調查總人數；（2）C組的“41~60”的人數需要補充，根據C組所占百分比，及調查總人數，以及C組中“20~40”的人數即可求出；（3）求出調查中B組“微信支付方式”所占的百分比，結合居民人數解答即可。

20.如圖，在6×6的網格中，每個小正方形的邊長為1，點A在格點（小正方形的頂點）上．試在各網格中畫出頂點在格點上，面積為6，且符合相應條件的圖形．

【解析】【分析】根據每個圖形的面積公式配湊即可：三角形的面積是“ ”，即“底× 高=12”；平行四邊形的面積是“底×高”，即底×高=6，根據底和高的積配湊畫出符合題意的圖形即可。

21.如圖，在Rt△ABC中，點O在斜邊AB上，以O為圓心，OB為半徑作圓，分別與BC，AB相交于點D，E，連結AD ． 已知∠CAD=∠B ．

（1）求證：AD是⊙O的切線．

（2）若BC=8，tanB=，求⊙O的半徑．

【解析】【分析】（1）證明切線時，第一步一般將圓心與切點連結起來，證明該半徑和該直線垂直即可證得；此題即證∠ADO=90°；（2）直接求半徑會沒有頭緒，先根據題中的條件，求出相關結論，由BC=8，tanB= 不難得出AC，AB的長度；而tan∠1=tanB=，同樣可求出CD，AD的長度；設半徑為r，在Rt△ADO中，由勾股定理構造方程解出半徑r即可。22.如圖，拋物線（a≠0）過點E（10，0），矩形ABCD的邊AB在線段OE上（點A在點B D在拋物線上． 0）AD=4．的左邊），點C，設A（t，當t=2時，（1）求拋物線的函數表達式．

（2）當t為何值時，矩形ABCD的周長有最大值？最大值是多少？

H，（3）保持t=2時的矩形ABCD不動，向右平移拋物線．當平移后的拋物線與矩形的邊有兩個交點G，且直線GH平分矩形的面積時，求拋物線平移的距離．

【解析】【分析】（1）拋物線

中有兩個字母a,b未知，則需要兩個點的坐標，E點已知，由當t=2時，AD=4，可得D的坐標，由待定系數法代入求出a，b的值即可；（2）求矩形ABCD的周長最大值，可以聯系到二次函數在求最值中的應用，因為矩形ABCD的周長隨著t的變化而變化，不妨用t的代數式表示出矩形ABCD的周長，再運用二次函數求最值的方法去做；（3）因為矩形ABCD是中心對稱圖形，設其中心為點P，所以只要GH經過該矩形的中心即可；先理清拋物線在平移時拋物線與矩形ABCD邊的交點位置，一開始，拋物線從D開始出發，與線段CD和AD有交點，而過這兩個交點的直線必不經過點P，同樣這兩個交點分別在BC和AB上時，也不經過點P，則可得出當G，H分別在線段AB和CD上時，存在這樣的直線經過點P，從而根據平移的性質得出結果即可。23.如圖，四邊形ABCD的四個頂點分別在反比例函數 角線BD∥y軸，且BD⊥AC于點P ． 已知點B的橫坐標為

與

（x＞0，0＜m＜n）的圖象上，對4．

（1）當m=4，n=20時．①若點P的縱坐標為2，求直線AB的函數表達式． ②若點P是BD的中點，試判斷四邊形ABCD的形狀，并說明理由．

（2）四邊形ABCD能否成為正方形？若能，求此時m，n之間的數量關系；若不能，試說明理由．

【解析】【分析】（1）①分別求出點A，B的坐標，運用待定系數法即可求出直線AB的表達示； ②由特殊的四邊形可知，對角線互相垂直的是菱形和正方形，則可猜測這個四邊形是菱形或是正方形，先證明其為菱形先，則需要證明四邊形ABCD是平行四邊形，運用“對角線互相平分的四邊形是平行四邊形”的判定定理證明會更好些；再判斷對角線是否相等，若不相等則不是正方形；（2）要使m，n有具體聯系，根據A,B，C，D分別在兩個函數圖象，且由正方形的性質，可用只含m的代數式表示出點D或點C的坐標代入y=，即可得到只關于m和n的等式．

24.在Rt△ABC中，∠ACB=90°，AC=12．點D在直線CB上，以CA，CD為邊作矩形ACDE，直線AB與直線CE，DE的交點分別為F，G ．

（1）如圖，點D在線段CB上，四邊形ACDE是正方形．①若點G為DE中點，求FG的長． ②若DG=GF，求BC的長．

（2）已知BC=9，是否存在點D，使得△DFG是等腰三角形？若存在，求該三角形的腰長；若不存在，試說明理由．

【解析】【分析】（1）①此小題考查相似三角形的判定與性質；由正方形的性質可得AG//EG，則△ACF∽△GEF，即可得FG：AF=EG：AC=1:2，則只要由勾股定理求出AG即可；

②由正方形性的對稱性，不難得出∠1=∠2，而由GF=GD可知∠3=∠2，在△BDF中，由三角形內角和為180度，不難求出∠b的度數，可知是一個特殊角的度數，從而求出BC即可；（2）因為BC=9，所以B是定點，動點是D，因為點D是直線BC上一點，隨著點D的位置的變化，E和F點的位置也跟著變化；需要分類計論點D在線段BC上，點D在BC的延長線和點D在CB的延長線上，再逐個分析等腰三角形的存在性，根據相似三角形的性及三角函數分析解答即可．

第三篇：全國各地2016年中考物理試題分類聲現象(含解析)

2016年全國各地中考物理試題分類解析匯編（第一輯）第2章 聲現象

參考答案與試題解析

一．選擇題（共20小題）1．（2016?棗莊）下列關于聲現象的說法中，正確的是（）A．聲波在真空中的傳播速度等于340m/s B．聲波可以傳遞信息，不可以傳遞能量

C．“引吭高歌”中的“高”是指歌曲的音調高 D．“女高音”中的’高“是指聲音的頻率高 【分析】（1）聲音的傳播需要介質，真空不能傳聲，聲音在空氣中的傳播速度為340m/s；（2）聲音既能傳遞信息，又能傳遞能量；

（3）音調指聲音的高低，是由物體振動的頻率決定的；（4）響度指聲音的強弱，是由振動的振幅決定的． 【解答】解：

A、真空不能傳聲，聲波在空氣中的傳播速度為340m/s；故A錯誤； B、聲波既可以傳遞信息，也可以傳播能量具有能量，故B錯誤； C、“引吭高歌”中的“高”是指聲音的響度大，故C錯誤；

D、“女高音”中的“高”是指聲音的音調高，發聲體振動的頻率高；故D正確． 故選D．

【點評】本題考查了聲音的傳播、音調和響度的區分、聲的利用，屬于聲學基礎知識的考查，相對比較簡單．

2．（2016?自貢）關于聲現象，下列說法正確的是（）A．“聞其聲而知其人”主要是根據聲音的音色來判斷的

B．吹奏笛子時，演奏者用手指按住不同氣孔，是為了改變發出聲音的響度 C．公共場合要“輕聲慢語”指的是減小聲音的音調 D．超聲波可以在真空中傳播 【分析】（1）聲音的特征有三個：響度、音調、音色．響度指聲音的大小，音調指聲音的高低，音色是指聲音的品質與特色．（2）聲音不能在真空中傳播．

【解答】解：A、不同人聲音的音色不同，區別出熟悉的人誰在說話，是因為音色不同的原因．故A正確；

B、吹奏笛子時，演奏者抬起壓在不同出氣空上的手指，是為了改變振動的空氣柱的長度，即改變空氣柱振動的快慢，故是為了改變音調，故B錯誤；

C、公共場合要“輕聲慢語”指的是減小聲音的響度，故C錯誤； D、超聲波也是聲波，聲波不能在真空中傳播，故D錯誤； 故選A．

【點評】本題考查了聲音的相關知識，屬于基礎知識的考查，比較簡單．

3．（2016?廣東）關于聲現象的說法正確的是（）A．利用超聲波排除人體內的結石是利用聲波傳遞信息 B．調節小提琴琴弦的松緊程度主要目的是改變音色 C．房間的窗戶安裝雙層玻璃是聲源處減弱噪聲

D．聲音由物體的振動產生 【分析】（1）聲波可以傳遞信息，是指告訴我們什么，也就是傳遞了信息，如教師講課，告訴我們知識；

聲波可以傳遞能量是指可以改變什么，也就是傳遞了能量，如超聲波潔牙，使我們的牙齒上的牙垢去掉，使我們的牙齒更潔凈；

（2）聲音的三個特征分別就是：音調、響度、音色，是從不同角度描述聲音的，音調指聲音的高低，由振動頻率決定；響度指聲音的強弱或大小，與振幅和距離有關；音色是由發聲體本身決定的一個特性．就二胡來說，弦的松緊、長短、粗細都可以改變音調；

（3）考查防治噪聲的途徑，從三方面考慮：①在聲源處；②在傳播過程中；③在人耳處；（4）聲音是由物體的振動產生的．

【解答】解：A、聲音是有能量的，用超聲波能粉碎人體內的“結石”，就是利用聲波的能量，故A錯誤；

B、調整琴弦的松緊程度，可以改變琴弦振動的快慢，故這樣可以改變音調的高低，故B錯誤； C、雙層真空玻璃窗中，真空不能傳聲，這是在傳播過程中減弱噪聲，故C錯誤； D、物體的振動產生了聲音，故D正確． 故選D．

【點評】本題是一道綜合了多個知識點的題目，做題時要對照相關的物理知識，仔細分析每一種情況的對錯．

4．（2016?郴州）下列實例是利用聲傳遞能量的是（）A．利用超聲波給金屬工件探傷 B．利用超聲波排除人體內的結石 C．醫生通過聽診器給病人診病 D．超聲波導盲儀幫助盲人出行 【分析】（1）聲音可以傳遞能量，例如利用聲波傳遞能量來清洗鐘表等精密的機械，還可以清除人體內的結石；

（2）聲音還可以傳遞信息，例如醫生利用聽診器來聽病人的心肺就是利用聲波傳遞信息． 【解答】解：A、用超聲波探傷儀檢測工件是否完好，使用聲音來傳遞信息的，不符合題意； B、醫生用“超聲”排石，是利用了聲音能夠傳遞能量的特點．符合題意； C、醫生用聽診器診斷疾病，是利用了聲波傳遞信息，不符合題意； D、超聲導盲儀幫助盲人出行，說明聲波傳遞信息，不符合題意． 故選B．

【點評】聲音能傳遞信息和能量廣泛應用于科技領域和日常生活中．

5．（2016?涼山州）白天你的鄰居裝修房子十分吵鬧，干擾你的學習和生活，下列措施中哪一個是合理可行的（）

A．叫鄰居不裝修房子 B．將家中音響聲音開到最大 C．趕快將家中的門窗光閉 D．安裝噪聲監測裝置

【分析】防治噪聲污染可以從噪聲的產生、噪聲的傳播及噪聲的接收這三個環節進行防治． 【解答】解：A、叫鄰居不裝修房子可以在噪聲的產生減弱噪聲，但不合理； B、將家中音響聲音開到最大，更加干擾你的學習和生活，不可行； C、關緊門窗可以在噪聲的傳播過程中減弱噪聲，合理可行；

D、安裝噪聲監測裝置只能檢測出聲音的大小，不能減弱噪聲，故不可行； 故選C．

【點評】本題主要考查學生對：防治噪聲途徑的了解和掌握，是一道基礎題．

6．（2016?淮安）生活中經常需要控制噪聲，以下措施中，屬于在傳播過程中減弱噪聲的是（）A．道路兩旁載行道樹 B．考場周圍禁鳴喇叭 C．機場員工佩戴耳罩 D．建筑工地限時工作

【分析】噪聲的減弱辦法有三個：在聲源處減弱；在人耳處減弱；在傳播過程中減弱． 【解答】解：A、道路兩旁載行道樹可以在噪聲的傳播過程中減弱噪聲，故A符合題意； B、考場周圍禁鳴喇叭是從噪聲的產生處減弱噪聲，故B不符合題意； C、戴上防噪聲的耳塞可以在噪聲的接受處減弱噪聲，故C不符合題意； D、限制建筑工地的工作時間是從噪聲的產生處減弱噪聲，故D不符合題意； 故選A．

【點評】噪聲的減弱辦法是針對聲音的產生、傳播、接收這三個過程來采取措施的．兩者對應起來，可以簡化對噪聲減弱辦法的記憶．

7．（2016?宜昌）為了減少環境噪聲對教室內學生的干擾，以下方法無效的是（）A．每個學生都戴一個防噪聲耳罩 B．在教室周圍植樹 C．上課時關閉門窗 D．學校路段禁止鳴笛

【分析】減弱噪聲的途徑有三種：在聲源處減弱噪聲；阻斷噪聲的傳播；在人耳處減弱噪聲，分析各個選項是否可以有效合理的減弱噪聲．

【解答】解：A、每個學生都戴一個防噪聲耳罩可以在接收處減弱噪聲，但老師講課聲音也聽不見，不是有效的辦法，符合題意；

B、在教室周圍植樹可以有效的在噪聲的傳播過程中減弱噪聲，方法有效，不符合題意； C、把教室的門窗關緊，可以從傳播過程中減弱噪聲，方法有效，不符合題意； D、學校路段禁止鳴笛，可以在聲源處減弱噪聲，方法無效，不符合題意； 故選A．

【點評】本題考查了利用防治噪聲的途徑分析生活中的實例，理解防止噪聲的途徑是解決本題關鍵．

8．（2016?武漢）下列措施中，不能減弱噪聲的是（）A．摩托車的消聲器

B．居民區旁高架橋上的隔音擋板 C．學校附近安裝噪聲監測裝置 D．工廠用的防噪聲耳罩

【分析】減弱噪聲主要從三種途徑入手，一是在聲源處減弱，二是在傳播過程中減弱，三是在接收處減弱．根據每個選項的實際做法，分別加以分析判斷．

【解答】解：A、摩托車的消聲器是在聲音的產生處減弱噪聲，不符合題意； B、街道路旁安裝隔聲板可以在傳播過程中減弱噪聲，不符合題意；

C、學校附近安裝噪聲監測器可以監測噪聲的分貝，但不能減弱噪聲，符合題意； D、工廠用的防噪聲耳罩可以在接收處減弱噪聲，不符合題意； 故選C．

【點評】解決此類問題要結合防治噪聲的途徑進行分析解答，是中考的熱點．

9．（2016?廣安）請你細心體會，在下列場景內，屬于噪音的是（）

A．足球場上，球迷們興奮狂熱的吼叫聲

B．居民小區內，夜晚震耳欲聾的“壩壩舞”音樂聲 C．歌舞廳里，鏗鏘有力的打擊樂聲 D．車站里，提醒旅客檢票上車的廣播聲

【分析】從物理學角度噪聲是由物體做無規則振動產生的，從生活的角度考慮，不管聲音是優美動聽，還是雜亂刺耳的，只要對人們的生活和工作造成影響的，都可以稱為噪聲． 【解答】解：

A．足球場上，球迷們興奮狂熱的吼叫聲，是球迷們激動之舉，不是噪聲，此項不符合題意；

B．居民小區內，夜晚震耳欲聾的“壩壩舞”音樂聲，由于是震耳欲聾的，這種聲音對人們的生活和工作造成影響，所以是噪聲，此項符合題意；

C．歌舞廳里，鏗鏘有力的打擊樂聲，在歌舞廳里人們愿意去欣賞，不是噪聲，此項不符合題意； D．車站里，提醒旅客檢票上車的廣播聲是為了方便人們，不是噪聲，此項不符合題意； 故選B．

【點評】解答本題的關鍵是了解什么是噪聲．

10．（2016?濰坊）生活中常用“引吭高歌”“低聲細語“來形容聲音，這里的“高”、“低”描述的是（）

A．音色 B．音調 C．響度 D．頻率

【分析】聲音的響度與聲源振動的幅度有關，振動幅度越大，響度越大，振動幅度越小，響度越小． 【解答】解：“引吭高歌”中的“高”說明聲音的響度大，“低聲細語”中的“低”是指聲音的響度小． 故選C．

【點評】聲音的特征有音調、響度、音色，三個特征是從三個不同角度描述聲音的，且影響三個特征的因素各不相同．聲現象與生活實際中的一些說法相聯系，深入理解音調和響度的概念．

11．（2016?鹽城）汽車經過我市某噪聲檢測裝置時鳴放喇叭，該裝置顯示屏的顯示如圖所示，其中82.3分貝指汽車喇叭聲的（）

A．響度 B．音調 C．頻率 D．音色

【分析】噪聲監測器是用來監測噪聲大小的儀器，外界的噪聲越大，也就是聲音越強，即響度越大，其所顯示的數字就越大．

【解答】解：據圖所示的噪聲監測器顯示屏顯示82.3的數字，可知此時的噪聲是82.3分貝；該裝置是用來監測噪聲強弱的儀器，故82.3分貝指汽車喇叭聲的響度． 故選A．

【點評】知道噪聲監測器的用途，且能真正的理解響度的定義是解決該題的關鍵．

12．（2016?泰州）俗話說：“聞其聲知其人．”這句話是指即使未看到人，也能分辨出熟人的聲音，這主要是依據聲音的（）

A．速度 B．響度 C．音調 D．音色

【分析】聲音的特征有三個：響度、音調、音色．響度指聲音的大小，音調指聲音的高低，音色是指聲音的品質與特色．

不同人聲音的音色不同，區別出熟悉的人誰在說話，是因為音色不同的原因．

【解答】解：自己很熟悉的人，即使沒有看到他，只聽他的聲音也可以辨別出來，依據就是不同人的發聲部位特征不同，發出的音色不同． 故選D．

【點評】此題考查的是聲音的物理特征之一﹣﹣音色，屬于基礎題，難度不大．

13．（2016?德州）為迎接歌詠比賽，音樂教師將班內的學生分為“高音聲部”和“低音聲部”進行排練．這里“高”和“低”是指聲音的（）A．音調 B．音色 C．響度 D．振幅

【分析】掌握聲音的三個特性：音調、響度和音色，并能進行區別，音調指聲音的高低；響度指聲音大的大小；音色用來區別不同的發聲體．

【解答】解：音調指聲音的高低，產生高低不同聲音的原因是物體振動快慢不同，發出低沉的聲音，是因為物體振動比較慢，所以頻率低，音調也低．因此“高音聲部”和“低音聲部”這里“高”和“低”是指聲音的音調． 故選A．

【點評】這是一類根據樂音的特征進行實際應用題目，要學會結合定義進行判斷．重點關注音調與響度的區分．

14．（2016?臨夏州）下列有關聲音的情境說法錯誤的是（）A．詩句“不敢高聲語，恐驚天上人”中的“高”是指聲音的音調高 B．兩名宇航員在太空中不能直接對話，是因為聲音不能在真空中傳播

C．在醫院里醫生通常利用超聲波震動打碎人體內的結石，說明聲波能傳遞能量 D．聽不同樂器彈奏同一首歌曲時能分辨出所用樂器，是利用了聲音的音色不同 【分析】（1）聲音傳播需要介質，真空不能傳聲．（2）響度是指聲音的強弱；音調是指聲音的高低．（3）聲音能夠傳遞信息，也能傳遞能量．（4）不同樂器發出的音色不同．

【解答】解：A、詩句“不敢高聲語，恐驚天上人”中的“不敢高聲語”意思是不敢大聲說話，所以“高”是指聲音的響度大，故A錯誤；

B、聲音的傳播需要介質，真空不能傳聲；所以兩名宇航員在太空中不能直接對話，故B正確； C、聲波可以傳遞能量，超聲波可以運用到醫療領域，去除人體內結石；故C正確；

D、聽不同樂器彈奏同一首歌曲時能分辨出所用的樂器，是利用了聲音的音色不同．故D正確． 故選A．

【點評】本題考查的是聲現象的基礎知識，同時在學習物理的時候，中國的古詩詞也含有很豐富的物理知識，所以學習物理是一個很綜合性的知識．

15．（2016?益陽）如圖所示為聲波的波形圖，下列說法正確的是（）

A．甲、乙、丙三者的音色不同 B．甲、乙、丙三者的響度不同

C．甲、乙、丙三者的音調不同

D．甲、乙、丙三者的音調、響度、音色都不同 【分析】（1）音調跟物體的振動頻率有關，振動頻率越大，音調越高．（2）響度跟物體的振幅有關，振幅越大，響度越大．（3）音色跟發聲體的材料、品質有關．

（4）相同時間內，振動的次數越多，頻率越大；偏離原位置越遠，振幅越大． 【解答】解：（1）從圖中可以看出，相同時間內，甲、乙、丙振動的快慢相同，即都是振動了兩個波形，故頻率相同，所以音調相同．故C錯誤；

（2）甲、乙、丙的振動的幅度相同，故響度相同，故響度相同，故B錯誤；（3）甲、乙、丙的波形不同，故兩個物體的音色不相同，故A正確、D錯誤； 故選A．

【點評】通過比較聲音的波形圖來考查頻率對音調的影響和振幅對響度的影響，解題的關鍵是能夠從波形圖上看懂頻率和振幅．

16．（2016?長沙）2016年5月21日，長沙“橘洲音樂節”在洋湖濕地公園開唱，“情歌王子”張信哲的傾情演唱，引發現場數千觀眾大合唱．下列說法正確的是（）A．歌聲通過空氣傳入現場觀眾的耳朵

B．現場觀眾大合唱的聲音比張信哲的聲音傳播速度更快 C．歌手通過麥克風來提高聲音的音調

D．現場觀眾根據響度來識別不同的伴奏樂器 【分析】（1）聲音的傳播需要介質，固體、液體、氣體都可以傳聲；（2）在同樣的環境下，同種介質里，聲速是相同的；（3）麥克風可將聲音的響度擴大，但不能提高音調；

（4）不同發聲體發出聲音的音色不同，據此可辨別不同的樂器．

【解答】解：A、在演唱會上，歌聲通過空氣傳入現場觀眾的耳朵，故A正確；

B、在同樣的環境下，現場觀眾大合唱的聲音與張信哲的聲音傳播速度相同，故B錯誤； C、歌手通過麥克風來提高聲音的響度，但不能提高聲音的音調，故C錯誤； D、現場觀眾根據音色來識別不同的伴奏樂器，而不是通過響度，故D錯誤． 故選A．

【點評】本題考查了聲音的傳播、聲速度、音調與響度、音色的區分等，屬聲學綜合題，難度不大．

17．（2016?鎮江）我們很空易分辨出熟人的聲音，主要根據聲音的（）A．響度 B．音色 C．音調 D．傳播速度

【分析】不同物體發聲時，聲音的特色不同，就是指音色不同．

【解答】解：熟悉的人聲音的特色我們都非常熟悉，可以根據音色來進行判斷． 故選B 【點評】本題考查學生對音色定義的理解情況．

18．（2016?郴州）校園廣播站正在播音，小明馬上告訴大家：“這是我班的小麗同學在播音”．那么，小麗判斷的依據是聲音的（）A．音調 B．響度 C．音色 D．頻率

【分析】物理學中把人耳能感覺到的聲音的強弱稱為響度，把聲音的高低稱為音調，音色反映了聲音的品質與特色．

【解答】解：不同發聲體的材料和結構不同，產生的音色會不同，我們是靠音色來分辨不同人的聲音的． 故選C．

【點評】解決此類問題要會根據響度、音色和音調的定義區分樂音特征的三個因素．

19．（2016?泰安）下列關于聲現象的說法，正確的是（）A．用大小不同的力先后敲擊同一音叉，音叉發聲的音色會不同 B．“聞其聲辯其人”是根據聲音的音調來判斷的

C．市區內某些路段“禁鳴喇叭”，這是在聲源處防止噪聲 D．演奏二胡用不同手指按弦是為了改變響度 【分析】（1）音調指聲音的高低，由振動頻率決定；響度指聲音的強弱或大小，與振幅和距離有關；音色是由發聲體本身決定的一個特性．

（2）防止噪聲的途徑：在聲源處減弱、在傳播過程中減弱、在人耳處減弱．

【解答】解：A、用大小不同的力先后敲擊同一音叉，音叉發聲的響度不同，故A錯誤； B、“聞其聲辯其人”主要是根據音色來判斷不同的發聲體，故B錯誤； C、市區內某些路段“禁鳴喇叭”，這是在聲源處防止噪聲，故C正確； D、演奏二胡用不同手指按弦是為了改變音調，故D錯誤． 故選C．

【點評】本題考查了聲音的特征以及影響因素、防治噪聲的途徑，屬于聲學基礎知識的考查．

20．（2016?天津）鼓在受到擊打時會發聲，用不同力量擊打，發生變化的主要是聲音的（）A．音調 B．響度 C．音色 D．頻率 【分析】從聲音的三個特征分析．

響度跟振幅有關，振幅越大，響度越大． 音調跟頻率有關，頻率越大，音調越高．

音色跟材料和結構有關，材料和結構不變時，音色不變．

【解答】解：輕敲鼓振動幅度小，響度小；重敲鼓振動幅度大，響度大，故兩次敲擊聲音相比發生的主要變化是響度． 故選B．

【點評】聲音的特征有音調、響度、音色；三個特征是從三個不同角度描述聲音的，且影響三個特征的因素各不相同．

第四篇：浙江麗水市導游詞

麗水市山清水秀、古跡眾多。龍泉的鳳陽山、慶元的百山祖、遂昌的九龍山等國家級和省級自然保護區，自然風光美不勝收。縉云仙都的鼎湖峰、鐵城、青田的石門洞、麗水的通濟堰、龍泉的哥窯大窯遺址、松陽的延慶寺塔等，人文景觀和自然景觀交相輝映，是一生態旅游休閑度假避暑勝地。麗水市地處亞熱帶季風氣候，甌江水系橫貫全區，雨量充沛，氣候濕潤，自然條件優越，其中森林、水能、礦產、野生動物等四大資源均占全省首位。麗水市物產十分豐富，著名的香姑、筍干、木耳、惠明茶、白蓮、黃花菜、曬紅煙、柑桔、雪梨等農副產品，在全國農業博覽會上獲得多塊金牌。龍泉寶劍、青瓷、青田石雕等工藝美術品在國內外久負盛名。金筆、羽絨制品、鳥籠、木制玩具、洗滌用品、鞋革等新興工業產品和工藝產品深受中外顧客的贊譽。麗水市是浙西南的交通樞紐。金溫鐵路已經開通運行，330國道橫貫境內，麗浦、麗龍等11條省道干線組成骨架，已形成高級和次高級公路為主干的公路運輸網絡。麗水擁有兩座500噸泊位的溫溪港，貨輪可直達全國各大港口和香港、澳門。麗水機場也正在籌劃當中，良好的交通條件正在形成。麗水市的郵電通訊已實現傳輸光纜化、電話交換程控化，無線尋呼實現全省、全國漫游。556座各類電站的供電和華東大電網的并入，使得全區供電穩定可靠。

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第五篇：云南省2018年中考物理試題(解析版)

2018年云南省初中學業水平考試物理試題卷

一.選擇題

1.如圖所示，下列關于光現象的說法正確的是

A.甲圖中的燭焰經小孔所成的像是虛像 B.乙圖中的漫反射不避循光的反射定律 C.丙圖中的小孩叉魚時對準魚就能叉到

D.丁圖中的雨后彩虹是陽光經小水滴色散后形成的 【答案】D 【解析】分析：（1）光在同種、均勻透明介質中沿直線傳播，日食、月食、影子、小孔成像等都是光沿直線傳播形成的；

（2）一束平行光射到粗糙的物體表面時，反射光不再平行，而是射向各個方向，這種反射叫做漫反射，漫反射和鏡面反射都遵循光的反射定律；

（3）從魚身上反射的光線由水中進入空氣時，在水面上發生折射，折射角大于入射角，折射光線進入人眼，人眼會逆著折射光線的方向看去，就會覺得魚的位置偏高，變淺了；

（4）太陽光是混合光，由各種色光混合而成的，經過三棱鏡可以分散為各種色光，這種現象叫光的色散。解答：A、小孔成的是倒立的實像，不是虛像，是光在同種介質中沿直線傳播形成的，故A錯誤； B、漫反射的光線盡管雜亂無章，但每條光線仍然遵循光的反射定律，故B錯誤；

C、水中魚反射出的光，在水面處發生了折射，折射光線向遠離法線的方向偏折，我們看到的是變淺的魚的虛像，因此用魚叉捕魚時，不是將魚叉對準他看到的魚，而是瞄準所看到的魚的下方位置叉去，故C錯誤； D、當太陽光射入雨后空氣中的小水滴時，太陽光經過折射發生色散，從而形成彩虹，故D正確。故選：D。

【點睛】本題通過幾個日常生活中的現象考查了對光的直線傳播、光的折射現象、漫反射、平面鏡成像的理解與掌握，在學習過程中要善于利用所學知識解釋有關現象，達到學以致用的目的。2.下列說法錯誤的是

A.物體的運動和靜止是相對的 B.力是維持物體運動的原因 C.過量的電磁輻射對人體會造成危害

D.常用溫度計是利用液體熱脹冷縮的性質制成的 【答案】B 【解析】分析：（1）世界上的一切物體都是運動的，絕對靜止的物體是不存在的，我們所說的靜止是相對的，是相對于參照物而言的。

（2）物體的運動不需要力來維持，力是改變物體運動狀態的原因；（3）長期、過量的電磁輻射會對人體產生較大的傷害，會出現病變；（4）溫度計的原理是液體熱脹冷縮。

解答：A、在物理學里，我們把物體位置的變化叫做機械運動；整個宇宙都是運動的，運動是物體的普遍規律，我們所說的運動和靜止是相對參照物而言，絕對靜止的物體是沒有的，故A正確； B、力是改變物體運動狀態的原因，而不是維持物體運動狀態的原因，故B錯誤； C、過量的電磁輻射對人體會造成危害。故C正確；

D、常用溫度計是利用液體熱脹冷縮的性質制成的。故D正確。故選：B。

【點睛】此題考查運動和靜止的相對性、力與運動的關系、溫度計的工作原理等，是一道綜合性較強的題目，但總體難度不大，掌握基礎知識即可正確解題。3.汽車是一種運輸工具，關于汽車的知識下列說法正確的是 A.發動機的做功沖程將內能轉化為機械能 B.汽油只有在高溫時才會蒸發

C.選擇水作為發動機的冷卻劑，是利用水的比熱容較小的特點 D.車輪胎上的花紋是為了減小摩擦 【答案】A 【解析】分析：（1）在熱機的做功沖程中，將內能轉化為機械能；（2）蒸發在任何溫度下都能進行；

（3）水的比熱容較大，常用來做冷卻劑或暖氣的傳熱介質等；

（4）摩擦力大小的影響因素是壓力大小和接觸面的粗糙程度，據此做出分析。解答：A、發動機的做功沖程中將燃料燃燒釋放的內能轉化為機械能，故A正確； B、蒸發在任何溫度下都能發生，而沸騰只能在特定的溫度（沸點）才能發生，故B錯誤； C、水箱中用水做冷卻劑，是因為水有較大的比熱容，在同等情況下，可以吸收更多的熱量，故C錯誤； D、車輪胎上的花紋，為了在壓力一定時，增大接觸面的粗糙程度，以增大摩擦力，故D錯誤。故選：A。

【點睛】本題結合生活中的具體實例，綜合考查了摩擦力的影響因素、蒸發的條件、熱機中能量的轉化、水的比熱容特點的應用等，綜合性強，但難度不大。

4.在可靠實驗事實的基礎上。通過假想在理想狀態下。經過分析。綜合等符合邏懼的科學推理得出規律，是一種重要的研究方法。下列規律采用此方法得出的是 A.能量守恒定律 B.杠桿平衡原理 C.牛頓第一定律

D.串并聯電路中電壓的規律 【答案】C 【解析】分析：“科學推理法”即：規律不能直接用實驗驗證，只能在實驗的基礎上經過概括、抽象、推理得出。

解答：能量守恒定律、杠桿平衡原理、串并聯電路中電壓的規律都是直接通過真實的實驗數據得出的結論，其結論形成方法與牛頓第一定律不同，所以A、B、D都不能選。

牛頓第一定律的建立是在大量實驗事實的基礎上，通過分析，概括推理得出的（實際上不受摩擦力的物體根本不存在），所以該實驗主要是利用了實驗推理法形成的，所以C選項正確。故選：C。

【點睛】本題的關鍵是了解“推理法”的實驗過程，然后回憶所學內容，即可解決。5.下列說法正確的是 A.原子由質子和電子組成

B.電熱水器是利用電流的熱效應工作的 C.飛機起飛時機翼上方空氣流速慢壓強小 D.物體溫度越高含有的熱量越多 【答案】B 【解析】分析：（1）物質由分子組成，分子由原子組成，原子由原子核和核外電子兩部分組成；（2）電流流過導體時，導體要發熱，這種現象是電流的熱效應。發生電流的熱效應時，電能轉化為內能；（3）機翼上方的空氣流速比下方的快，因此下方向上的壓強大于上方向下的壓強，上下表面存在一個向上的壓力差，這就是機翼的升力；

（4）物體溫度越高，分子無規則運動越劇烈，內能越大；在熱傳遞過程中物體改變的內能的多少叫熱量，熱量是一個過程量，不能說物體含有熱量。

解答：A、原子由原子核和核外電子組成的，故A錯誤；

B、電熱水器工作時，消耗電能，得到內能，是利用電流的熱效應工作的，故B正確；

C、機翼的形狀上凸下平，飛機起飛時機翼上方空氣流速大、壓強小，下方空氣流速小、壓強大，從而產生向上的升力，故C錯誤；

D、物體溫度越高，內能越大，熱量是一個過程量，不能說物體含有熱量，故D錯誤。故選：B。

【點睛】此題是一道綜合題，考查了原子結構、電流的熱效應、飛機的升力及熱量的概念，包含的知識點較多。正確、全面理解概念和規律，是解答的關鍵。

6.如圖所示，用量筒和水測量小石頭體積時，小石頭在水里下沉的過程中，下列判正確的是

A.水的密度變大 B.水對小石頭的壓強不變 C.小石頭受到的浮力不變 D.量筒對桌面的壓力變大 【答案】C 【解析】分析：（1）密度是物質的特性，不隨小石塊的下沉而改變；（2）根據來判斷壓強；

（3）浮力與液體的密度和排開液體的體積有關，與深度無關；（4）量筒對水平桌面的壓力等于量筒重力、水的重力和石塊重力的和。解答：A、密度是物質的特性，水的密度不隨小石塊的下沉而改變，故A錯誤； B、小石頭在水里下沉的過程中，深度越來越大，根據

可知壓強變大，故B錯誤；

C、浮力與液體的密度和排開液體的體積有關，與深度無關，小石頭受到的浮力不變，故C正確； D、小石頭在水里下沉的過程中，量筒對桌面的壓力不變，故D錯誤； 故選C 【點睛】本題考查了學生對壓強公式、阿基米德原理的掌握和運用，能根據壓強公式和阿基米德原理判斷出小石頭在水里下沉的過程中浮力變化和量筒對桌面的壓力變化情況是本題的關鍵。7.下列說法正確的是 A.核能屬于可再生能源 B.導體橫截面積越大阻值越大 C.大功率用電器可以使用兩孔插座

D.用超導體做導線可以降低由于電阻引起的電能損耗 【答案】D 【解析】分析：（1）化石能源、核能會越用越少，不可能在短期內從自然界得到補充，所以它們屬于不可再生能源；

（2）導體的電阻與導體的材料、長度、橫截面積有關；

（3）大功率或帶有金屬外殼的用電器，必須使用三孔插座，以防外殼帶電，危及人身安全；（4）超導材料是一種電阻為零的材料。超導體的電阻為0，不會放熱，所以電能無法轉化為內能。解答：A、核燃料是越用越少的，不能從自然界得到補充，是不可再生能源，故A錯誤；

B、導體的電阻與導體的材料、長度、橫截面積共同決定，導體的電阻與橫截面積成反比，故在材料、長度一定的情況下，導體橫截面積越大阻值越小，故B錯誤；

C、大功率或帶有金屬外殼的用電器，使用兩孔插座，沒有接地功能，用電器外殼帶電，會危及人身安全。故C錯誤；

D、用超導體做輸電導線，由于導體電阻為零，可以減小由于電阻引起的電能損耗，故D正確。故選：D。

【點睛】本題考查核能，電阻的決定因素，三孔插座的應用，以及超導現象，是一道綜合題。掌握基礎知識即可解題。

8.如圖所示，將條形磁鐵固定在靜止的小車上，電路連接完整后，閉合開關S時，小車不動。變陽器的滑片P向左移動到某一位置時，小車開始向左運動。則下列變陽器接入電 路的方式正確的是

A.a接e、d接f B.a接e、b接f C.c接e、d接f D.c接e、b接f 【答案】A 【解析】分析：首先根據安培定則判斷通電螺線管的磁極，然后根據變阻器的滑片P向左移動到某位置時，小車開始向左運動，根據同名磁極相互排斥，可知，此時電路中的電流變大，磁性增強，則電阻變小，然后根據滑動變阻器有四個接線柱，接入電路時選擇上面一個，下面一個做出解答。

解答：根據安培定則，右手握住螺線管，四指指向電流的方向，大拇指指向螺線管的左端為N極，與固定在靜止的小車上的條形磁鐵相互排斥；

當變阻器的滑片P向左移動到某位置時，小車開始向左運動，說明斥力增大，則此時電路中的電流變大，磁性增強，則電阻變小，根據變阻器的接法，一上一下可知，a接e、d接f，如圖所示：

故選：A。

【點睛】此題涉及到安培定則、磁極間的相互作用、影響電磁鐵磁性強弱的因素、滑動變阻器的接線柱的接法等多個知識點，是一道綜合性較強的題目。重點是安培定則的運用。

二.填空題

9.云南是著名的茶馬古道的源頭，趕馬人喜歡在馬的脖子上系個鈴鐺，當馬幫在山間行走時，叮叮當當的鈴聲傳出山外，故有“山間鈴響馬幫來”的笑談，鈴聲是鈴芯擊打鈴殼使其______而發聲 人們是根據聲音的_______來辨別出聲音鈴聲而不是其它物體發出的聲音。【答案】

(1).振動

(2).音色

【解析】分析：（1）聲音由物體的振動產生。

（2）聲音的三個特征分別是：音調、響度、音色，是從不同角度描述聲音的，音調指聲音的高低，由振動頻率決定；響度指聲音的強弱或大小，與振幅和距離有關；音色是由發聲體本身決定的一個特性。解答：（1）聲音由物體的振動產生。鈴聲是鈴芯擊打鈴殼使其振動而發聲。

（2）音色是由發聲體本身決定的一個特性。人們根據鈴聲與其它物體發出聲音的音色不同來辨別。故答案為：振動；音色。

【點睛】明確聲音的產生靠振動、深入理解聲音的三個特征；可解答此題。

10.盛夏時節，白花綻放。花香四溢，沁人心脾，同學們聞到“花香”說明分子在做_______電磁感應現象是英國物理學家____________發現的，該發現使人類大規模用電成為現實。【答案】

(1).無規則運動

(2).法拉第

【解析】分析：（1）組成物質的分子不停地做無規則運動，擴散現象證明了分子的無規則運動；（2）法拉第在奧斯特的啟發下，研究了磁場與電流的關系，最終在1831年終于發現了電磁感應現象：閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動時，導體中會產生電流。根據這個發現，后來發明了發電機，這個重要現象的發現使人類對電能的大規模獲得和利用成為可能。

解答：同學們聞到“花香”說明花香分子在不停地做無規則運動；電磁感應現象是英國物理學家法拉第發現的，根據電磁感應現象，人們發明了發電機，為人類大規模獲得電能提供了可能。故答案為：無規則運動；法拉第。

【點睛】物理學史和分子的運動一直是考試中的熱點，了解相關的物理學史可以使我們了解科學家的貢獻，激發我們學習物理的興趣。重點是掌握分子動理論。

11.中國高速鐵路以快捷、平穩和高速發展享譽世界，已成為現代中國的一張名片。2018年5月1日。昆明至大理首列動車進行聯調聯試。預計2018年6月底通車。如圖所示，動車出站時，以站臺為參照物車是_______的；該條鐵路實現4G網絡全覆流，4G網絡是利用__________來傳輸信息的。

【答案】

(1).運動

(2).電磁波

【解析】分析：（1）運動和靜止是相對的，相對于參照物來說物體位置發生變化則是運動的，否則是靜止的；（2）現代的移動電話都是利用電磁波來傳遞信息的。

解答：（1）動車出站時，若以站臺為參照物，車相對于站臺來說位置發生變化，所以說車是運動的；（2）4G手機屬于移動電話，所以4G網絡傳輸信息是利用電磁波來實現的。故答案為：運動；電磁波。

【點睛】此題是一道聯系實際生活的綜合題，包括運動與靜止的相對性、電磁波的應用，知識點彼此之間聯系較少。難點是我們對知識的整合運用能力。

12.LED燈具有節能、環保的特點，一個220 V 2.5W 的LED燈與一個“220 V 60W的白熾燈亮度相當，若30天消耗的電能是____度，一個220V 8.5W“ 的LED燈每天正常工作4小時。這些電能可供“220V 60W” 的白織燈正常工作_________小時。【答案】

(1).1.0

2(2).17 【解析】分析：（1）利用耗的電能；（2）電器正常工作解答：由，利用

得到燈泡正常工作時間。

；這些電能可。

求解消耗的電能；設兩種燈泡正常發光的時間為t，利用公式

計算消可得，該LED燈30天消耗的電能：供“220V 60W”的白熾燈正常工作的時間：故答案為：(1).1.02

(2).17 【點睛】本題考查了電功率公式及其變形公式的應用，計算時注意單位統一。

13.中國輪椅冰壺隊在韓國平昌冬殘奧會上奪得金牌，實現了我國冬殘奧會金牌“零的突破”。運動員將冰壺推出后,冰壺由于_______繼續向前運動。休息時，運動員用吸管吸飲料，這是利用了___的作用。【答案】

(1).慣性

(2).大氣壓

【解析】分析：（1）慣性是物體的固有屬性，是指物體具有的能保持原來的勻速直線運動狀態和靜止狀態的性質。

（2）用吸管吸飲料時，吸氣時，管內氣體的體積增大壓強減小，比較管內和管外的飲料受到的壓強。解答：（1）運動員將冰壺推出之后，冰壺由于慣性，繼續保持原來的運動狀態向前運動；

（2）用吸管吸飲料時，是先把吸管內的空氣吸走，管內氣壓減小，在外界大氣壓的作用下，飲料被壓進吸管里，利用大氣壓。故答案為：慣性；大氣壓。

【點睛】此題考查了慣性和大氣壓的綜合應用。題目來源于日常生活中的一些現象，題目的難度不大，將理論與實際聯系在一起是此題的難點所在。

14.如圖所示，兩個相同的驗電器A和B，A帶負電，B不帶電。驗電器A的金屬薄片張開，這是因為___用金屬棒把A和B連接起來的瞬間，金屬棒中的電流方向從_____(選填“A到B” 或“B到A”)。

【答案】

(1).同種電荷相互排斥

(2).B到A 【解析】（1）電荷間的作用規律是：同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引。

（2）電荷的定向移動形成電流；正電荷移動的方向是電流的方向；自由電子的定向移動方向與電流方向相反。

解答：（1）電荷間的作用規律：同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引；驗電器A的金屬箔張開，是因為同種電荷相互排斥；

（2）驗電器A帶負電，說明A有多余的電子，而驗電器B不帶電，用一根帶有絕緣柄的金屬棒把A、B連接起來，自由電子由A向B移動；因自由電子的定向移動方向與電流方向相反，故金屬棒中的電流方向由B到A。

故答案為：同種電荷相互排斥；B到A。

【點睛】解答此題是要明確電流的方向、電荷間的作用規律。

15.如圖所示，光滑斜面PM與水平面MN平滑連接。彈簧左端固定，小物塊在斜面上從P點由靜止滑向M點的過程中，機械能____________；小物塊壓縮彈黃的過程中，彈簧的彈性勢使____(均選填 “變大”.“變小”或“不變”)。

【答案】

(1).不變

(2).變大

【解析】分析：影響動能大小的因素：質量、速度，質量越大，速度越大，動能越大；影響重力勢能大小的因素：質量、高度，即物體的質量越大，高度越高，其重力勢能越大；

彈性勢能的影響因素：彈性形變的大小。動能和勢能統稱機械能。三者之間可以相互轉化。

解答：小物塊從P向M運動過程中，斜面光滑，只有重力勢能與動能的轉化，機械能守恒，故機械能不變；彈簧被壓縮過程中，其機械能轉化為彈簧的彈性勢能，所以彈簧的彈性勢能變大； 故答案為：不變；變大。

【點睛】本題考查動能和勢能的轉化及彈性勢能、機械能的變化分析，明確不同能量大小的影響因素是解答此類題目的關鍵。

16.如圖所示，用滑輪組把質量為50kg的物體勻速提升3m，若拉力F等于500N，則滑輪組的機械效率為______________；若不計繩重和摩擦，則動滑輪受到的重力為________N

【答案】

(1).80%

(2).200 【解析】分析：（1）知道物體質量，利用拉力端移動距離s=2h，利用（2）不計繩重和摩擦，拉力解答：（1）物體的重力：圖知，n=2，拉力端移動距離拉力做的總功：，滑輪組的機械效率：

；

求其重力，再利用

求拉力做的有用功；由圖知，n=2，求總功，滑輪組的機械效率等于有用功與總功之比。，據此求動滑輪重力。

做的有用功：，由（2）不計繩重和摩擦，拉力故答案為：

(1).80%

(2).20，則動滑輪重力：。

【點睛】本題考查了使用滑輪組時有用功、總功、機械效率和動滑輪重力的計算，利用好關系式：不計繩重和摩擦，拉力。

17.如圖為所示，小燈泡L標有“3V 0.9W”的字樣（忽略溫度對燈絲電阻的影響）。當開關S閉合，S1斷開時，小燈泡正常發光，電壓表的示數為1.5V，則電流表的示數為_____A，如果電壓表的量程為0~ 3V，為確保電壓表不被損壞。則___________(選填“能”或“不能”)，同時閉合開S、S1

【答案】

(1).0.3(2).不能

【解析】分析：（1）當開關S閉合、S1斷開時，燈泡和定值電阻串聯，電壓表測量電阻兩端電壓，電流表測量電路電流；已知燈泡額定電壓和額定功率，利用公式流表的示數；

（2）電壓表使用時，被測電路電壓不能超過電壓表最大測量值；同時閉合開關S、S1，燈泡短路，電壓表測量電源電壓。

解答：由電路圖知，（1）開關S閉合、S1斷開時，燈泡和定值電阻串聯，電壓表測量電阻兩端電壓，電流表測量電路電流。已知此時燈泡正常發光，因為，所以電流表的示數為

；

得到燈泡正常發光時的電流，也就是此時電（2）開關S閉合、S1斷開時，燈泡和定值電阻串聯，燈泡正常發光，所以電源電壓為，當同時閉合開關S、S1，燈泡短路，電壓表測量電源電壓。而電壓表的量程為0-3V，為確保電壓表不被損壞，所以不能同時閉合開關S、S1。故答案為：0.3；不能。

【點睛】此題考查了串聯電路的特點、歐姆定律、電功率有關公式的應用，正確分析電路，明確電路連接關系，是解答此題的關鍵。

18.如圖甲所示，張華用水平推力F推置于水平地面上的木箱，在此過程中，推力F的大小隨時間t變化的情況如圖乙所示，木箱運動速度v的大小隨時間t變化的情況如圖丙所示，則1~3s木箱做_________(選填“勻速” 或“變速”)運動；3~5s推力對木箱做的功是__________J

【答案】

(1).變速

(2).400 【解析】分析：（1）從圖像可以看出答案；（2）根據丙圖利用計算出3～5s通過的距離，知道推力，利用

計算出推力做的功。

解答：（1）由丙圖可知，在1～3s內木箱做加速運動；

(2)從圖像可以看出，在3~5s內木箱做勻速運動，處于平衡狀態；由平衡條件可知，木箱受到的滑動摩擦力f=F；由乙圖可知，在3~5s內推力F=200N，則木箱受到的滑動摩擦力f=F=200N；v=1.0m/s，由

可得，該過程中木箱通過的距離：s=vt=1.0m/s×2s=2m，推力做功：W=Fs=200N×2m=400]。故答案為：(1).變速

(2).400 【點睛】本題考查了學生對力學圖像的分析能力，能從圖像上得到有用的物理信息是解題的關鍵，是一道鍛煉學生分析思考能力的好題。

三.作圖、實驗、探究題

19.用托盤天平測量物體的質量，當天平平衡時，右盤中砝碼和游碼的位置如圖所示，則被測物體的質量為__g

【答案】71.6 【解析】分析：天平的測量結果=砝碼的總質量+游碼的示數，注意游碼應讀其左側的刻度。

解答：解：使用天平稱量物體時，物體質量等于砝碼質量加游碼對應的刻度，且圖示中標尺的分度值為0.2g。則物體的質量為：故答案為：71.6。

【點睛】天平是物理中常用的測量工具，本題重點考查了天平的使用方法。

20.請在如圖中作出在空氣中勻速下落的雨滴受到的力的示意圖（O為雨滴的重心）。

【答案】

【解析】分析：畫力的示意圖，首先要對物體進行受力分析，看物體受幾個力，要先分析力的大小、方向和作用點，再按照畫圖的要求畫出各個力。

解答：分析可知，在空中勻速下落的雨滴受到豎直向下的重力和豎直向上的阻力作用，這兩個力大小相等，方向相反，是一對平衡力，過雨滴的重心，分別沿兩力的方向畫一條有向線段，并分別用G和f表示，注意兩條線段長度要相等，如圖所示：

【點睛】畫力的示意圖的一般步驟為：一畫簡圖二定點，三畫線，四畫尖，五把力的符號標尖邊。按照這個作圖步驟，很容易能夠畫出指定力的示意圖。

21.請在如圖中標出蹄形磁體的N、S極，和磁感線的方向。

【答案】

【解析】分析：要解決此題，需要掌握磁感線的特點及畫法，知道在磁體的外部磁感線都是從磁體的北極出來，回到南極。

解答：小磁針靜止時，其N極所指方向為磁感線的方向，據此標出磁感線的方向；在磁體的外部，磁感線是從磁體的北極出來，回到南極，所以蹄形磁體的下端為N極，其上端為S極，如圖所示：

【點睛】此題主要考查了磁感線的特點，會判斷磁感線的方向是解決此類問題的關鍵。22.某小組同學利用如圖甲所示的裝置做“探究凸透鏡成像規律”的實驗，（1）為使凸透鏡所成的像位于光屏的中央，應調節燭焰、凸透鏡、光屏三者的中心大至在_____上；該實驗在光線較____________的環境中進行更便于觀察。

(2)小王同學三次在光屏上看到燭焰的像如圖乙所示，A'、B'、C' 分別是他信A.B.C在光屏上所成的儒。在此之前調節儀器時，普在光屏上看到國外景物所成的清晰的像。這個像與如圖乙中燭焰_______(選填“A”。“B”或“C")的成像原理相同。當把耕燭移動到M點時，在光屏上找不到燭焰的像，因為此時燭焰_____(選填“成實像”。“成虛像”成“不成像”)。

(3)分析如圖乙中信息。凸透鏡所成的實像都是_____(選填“正”或“倒”)立的。蠟燭遠離凸透鏡時，燭焰所成的像___________(選鎮“靠近”成“遠離”)凸透鏡。因此用相機拍照，拍完近最再拍遠錄時，應將相機的鏡頭向_____(選填“靠近”或“遠離”)最物的方向圓一些，才能拍出清晰的照片。

【答案】

(1).同一高度

(2).暗

(3).A

(4).成虛像

(5).倒

(6).靠近

(7).遠離 【解析】分析：（1）平行于主光軸的光會聚于主光軸上一點，這一點叫焦點，焦點到光心的距離叫焦距； 在做凸透鏡成像的實驗中，為了使燭焰的像成在光屏上，在依次放置好蠟燭、凸透鏡、光屏后，就需要對三者的高度進行調節；成像的物體和環境的對比度越大，并且越亮，物體成像越清晰。

（2）當物體放大于2倍焦距位置時，所成的像是倒立、縮小的實像，照相機是根據這個原理制成的；當物距小于f時，成正立放大的虛像；

（3）實像都是倒立的，虛像都是正立的；凸透鏡成實像時，物距減小，像距增大，像變大。

解答：（1）為使像成在光屏的中央，應調節燭焰、凸透鏡、光屏三者的中心大致在同一高度處；環境越暗，燭焰相對越亮，燭焰成像會越清晰。

（2）A'、B'、C′分別是燭焰A、B、C在光屏上所成的像。小王同學三次在光屏上看到燭焰的像如圖乙所示，在此之前調節儀器時，曾在光屏上看到窗外景物所成的清晰的像，此時物距大于2倍焦距，成倒立縮小的實像，這個像與圖乙中燭焰A的成像原理相同。當把蠟燭移動到M點時，在光屏上找不到燭焰的像，因為物距小于f時，成正立放大的虛像，此時燭焰成虛像；（3）分析圖乙中信息，凸透鏡所成的實像都是倒立的；

蠟燭遠離凸透鏡時，根據凸透鏡成實像時，物距減小，像距增大，像變大，燭焰所成的像靠近凸透鏡； 因此用相機拍照，拍完近景再拍遠景時，說明所照的像小了，應該讓像變小一些，則攝影師要使照相機遠離景物，增大物距，同時應減小像距才可以在底片上得到清晰的像。所以應將相機的鏡頭向遠離景物的方向調一些，才能拍出清晰的照片。

故答案為：(1).同一高度

(2).暗

(3).A

(4).成虛像

(5).倒

(6).靠近

(7).遠離

【點睛】本題考查學生動手操作實驗的能力以及學生對凸透鏡成像規律的掌握，要求學生能根據凸透鏡成像規律分析實際問題，此題涉及到的知識點較多。不僅要掌握成像特點與物距像距之間的關系，而且要善于總結規律。

23.一般情況下，人在水中會下沉，在死海中卻能漂浮在水面上，為此，小李同學猜想，浮力的大小可能跟液體的密度有關。為了檢驗這個猜想，他設計了如圖所示的實驗進行探究

（1）鋁塊在水中受到的浮力F浮=___________________

（2）比較如圖乙.丙兩圖中鋁塊所受浮力的大小，小李同學得出浮力的大小與液體的密度無關的結論。你認為這個結論是______________(選訊“正確”成“錯誤”》的，原因是_______（3）小趙同學認為用以下方法檢較更為同簡便，將同一個新鮮雞蛋依次輕放入盛有水和濃鹽酸水的燒杯中，看到雞蛋在水中下沉在濃鹽水中懸浮，如圖所示。分析雞蛋受力可知，在水中下沉是因為它受到的浮力__(選鎮“大于”“小于”成“等干”)重力；在濃鹽水中懸浮時，根據_____的知識可得.雞蛋受到的浮力___(選境“大于”小于”“等于)重力。從而可以得出結論。浮力的大小與液體的密度_____(選鎮“有關 或“無關)

【答案】

(1).1(2).錯誤

(3).沒有控制V不變

(4).小于

(5).二力平衡

(6).等于

(7).有關

【解析】分析：（1）利用公式

即可以求出浮力；

（2）在探究浮力的大小與液體的密度關系時，應該采用控制變量法；（3）利用物體浮沉條件和二力平衡知識就可以得出答案；

解答：（1）從甲乙兩圖可以看出，鋁的重力為2.7N，完全浸沒在水中時彈簧測力計的示數為1.7N，所以浮力為；

（2）從乙.丙兩圖中可以看出，鋁塊浸入水中的體積不同，所以不能得出浮力的大小與液體的密度無關的結論。

（3）根據物體浮沉條件可知，雞蛋在水中下沉是因為它受到的浮力小于重力，在濃鹽水中懸浮時，根據二力平衡的知識可得，雞蛋受到的浮力等于重力，同一個雞蛋，排開液體的體積相同，但浮力不一樣，說明浮力的大小與液體的密度有關。(1).1

(2).錯誤

(3).沒有控制V不變

(4).小于

(5).二力平衡

(6).等于

(7).有關 故答案為：【點睛】本實驗中主要通過探究了浮力的大小與哪些因素有關，操作簡單、現象明顯，實驗中要明確觀察的重點應放在觀察物體浸沒的程度、彈簧測力計的示數變化，并尋找它們之間的變化關系，最終分析出正確的結論。分析清楚圖示情景、熟練應用控制變量法即可正確解題。

24.如圖所示，在“測量小燈泡電功率”的實驗中，小燈泡的額定電壓為3.8V，電陽約為12歐.電源電壓為6V.(1)用筆劃線代替導線，將如圖甲中的電路補充完整_________。

(2)用合開關鍵，滑動變阻器滑片應置于______________(選填“A”或“B”)端，閉合開關，燈泡不亮，電壓表和電流表都有示數，但示數較小，接下來的操作是__________________（3）電壓表的示數為3.8V時電流表的示數如圖乙所示，則小燈泡的額定功率為____W，在繼續調節滑動變阻器進行測量的過程中，小燈泡突然熄滅，電流表示數變力0，電壓表示數樓近6V，你認為政障可能是___(4)完成測量后，同學們又找來幾個不同阻值的定值電阻替換小燈泡，探充電流與電阻的關系。為電阻為10歐時，電流表的示最為0.2A:換用20歐電阻后，閉合開關。應將滑動變阻器的劃片向_________(選填“A”或“B”)端移動，使電壓表的示數為________________讀出電流表的示數。多次換用陽值不同的電阻，進行正確操作后部可得出結論。

【答案】

(1).(2).B

(3).向A端緩慢調節滑動變阻器

(4).1.216

(5).小燈泡斷路

(6).B

(7).2 【解析】分析：（1）根據小燈泡的額定電壓為3.8V，電阻約為12Ω，由歐姆定律求燈的電流確定電流表選用小量程與燈串聯，變阻器按一上一下接入電路中；

（2）閉合開關前，滑動變阻器滑片應置于阻值最大處，據此分析；（3）根據電流表選用小量程確定分度值讀數，根據

求小燈泡的額定功率；燈在額定電壓下正常發光，根據圖中電壓表小量程讀數，比較電壓表示數與額定電壓的大小，根據串聯電路電壓的規律及分壓原理確定滑片移動的方向；

（4）由歐姆定律，求電壓表的示數；比較電壓表示數與額定電壓的大小，根據串聯電路電壓的規律及分壓原理確定滑片移動的方向。

解答：（1）小燈泡的額定電壓為3.8V，電阻約為12Ω，由歐姆定律，燈的額定電流約為：故電流表選用小量程與燈串聯，變阻器按一上一下接入電路中，如下所示：，（2）閉合開關前，滑動變阻器滑片應置于阻值最大處的B端。閉合開關，電壓表和電流表都有示數，電流電路為通路，燈泡不亮則電路電流過小，說明電阻過大，接下來的操作是：將變阻器滑片向左移動，觀察燈的發光情況；

（3）當電壓表的示數為3.8V時，電流表的示數如圖乙所示，電流表選用小量程，分度值為0.02A，電流大小為0.32A，則小燈泡的額定功率為

；經分析，在繼續調節滑動變阻器進行測量的過程中，小燈泡突然熄滅，電流表示數變為0，電壓表示數接近6V，故障可能是燈泡斷路。（4）當電阻為10Ω時，電流表的示數為0.2A，由歐姆定律，電壓表的示數：

；根據串聯分壓原理可知，將定值電阻R由10Ω改接成20Ω的電阻，電阻增大，其分得的電壓增大；探究電流與電阻的實驗中應控制電壓不變，應保持電阻兩端的電壓不變，根據串聯電路電壓的規律可知應增大滑動變阻器分得的電壓，由分壓原理，應增大滑動變阻器連入電路中的電阻，所以滑片應向B端移動，使電壓表的示數為2V。

故答案為：

(1).(2).B

(3).向A端緩慢調節滑動變阻器

(4).1.216

(5).小燈泡斷路

(6).B

(7).2 【點睛】本題測量小燈泡電功率，考查電路連接、注意事項、操作過程、額定功率的計算及故障分析，同時也考查了探究電流與電阻的關系實驗及控制變量法的運用。難點是連接電路時要注意電壓表和電流表的量程選擇。

四.綜合題 25.小明家新買來一臺容積為80L 的天然氣熱水器。小明學習了熱效率的知識后，嘗試估測該熱水器的熱

oo效率，他把“進水量”設置為40L,“出水溫度”設置為40C后，開始加熱。當水溫達到40C時，自動停o33止加熱。己知當時自來水的溫度是20C，加熱前天然氣表的示數為129.96m，停止加熱后變為130.06 m。107J/ m3，水的比熱容c水=4.2×103J/(kgoC), 1L=10-3 m3。求： 天然氣的熱值q天然氣=4.2×(1)水箱中水的質量；(2)水箱中水吸收的熱量；(3)該熱水器的熱效率。【答案】見解析

【解析】分析：（1）知道水的體積，利用（2）利用求水箱中水吸收的熱量；

求天然氣完全燃燒釋放的熱量；該熱水

求水的質量；

（3）根據燃氣表前后讀數差求出使用天然氣的體積，利用器的熱效率等于水吸收的熱量與天然氣完全燃燒釋放的熱量之比。解答：（1）把“進水量”設置為40L，則水箱中水的體積：水的質量：（2）由題意可得，水吸收的熱量：（3）使用天然氣的體積：，天然氣完全燃燒釋放的熱量：；，由

得水箱中

；該熱水器的熱效率：答：（1）水箱中水的質量為40kg；（2）水箱中水吸收的熱量為3.36×106J；（3）該熱水器的熱效率為80%。

【點睛】本題考查了密度公式、吸熱公式、燃料燃燒放出熱量公式、熱效率公式的應用，計算時注意單位換算：。

26.如用所示，Ro、Rx為定值電阻，其中Ro =10Ω，開關S斷開時，電流表的示數為0.6A,開關S閉合時，電流表的示數為0.8A，若電源電壓不變。求：

(1)電源電壓；(2)電陽Rx的阻值；

(3)開關S閉合時，通電1min，電阻Rx產生的熱量。【答案】見解析

【解析】分析：（1）當開關S斷開時，電路為R0的簡單電路，電流表測電路中的電流，根據歐姆定律求出電源的電壓；

（2）當開關S閉合時，電流表測干路電流，根據并聯電路中各支路獨立工作、互不影響可知通過R0的電流不變，根據并聯電路的電流特點求出通過Rx的電流，根據并聯電路的電壓特點和歐姆定律求出Rx的阻值。（3）根據可求通電lmin，電阻Rx產生的熱量。

可得，電源電壓：解答：（1）當開關S斷開時，電路為R0的簡單電路，電流表測電路中的電流，由；

（2）當開關S閉合時，R0、Rx并聯，電流表測干路電流，因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，所以，通過R0的電流不變（仍然為0.6A），因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，通過Rx的電流：，因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，所以，電阻Rx的阻值：。

（3）R0、Rx并聯，開關S閉合時，通電lmin，電阻Rx產生的熱量：答：（1）電源電壓為6V；（2）Rx的阻值為30Ω；

（3）開關S閉合時，通電lmin，電阻Rx產生的熱量為72J。

【點睛】本題考查了并聯電路的特點和歐姆定律的靈活應用，知道開關S閉合前后通過R0的電流不變是關鍵。

27.霧炮車(又稱多功能抑塵車》是利用高保原理向空氣中噴灑顆粒格外細小的水霧，除去空氣中過多的塵埃。某型號霧炮車的質量為10t，它配備了一個體積為10m的水箱，為了方便清洗，水箱底部有一個排水

2孔，排水孔蓋子面積約為100cm

3。

(1)空載時，若霧炮車車輪與地面的總接觸面積為0.8 m2，則靜止時車對水平地面的壓強為多大?(2)當水箱中水的深度為1m時，排水孔蓋子受到水的壓力約為多大?(3)如圖所示，當霧炮車在水平路面上勻行行駛并不斷向外噴水時，霧炮車發動機的輸出功率如何變化?為什么?

【答案】見解析

（1）【解析】分析：霧炮車空載靜止時車對水平地面的壓力等于其自身重力，利用計算壓強；（2）利用（3）根據求出排水孔蓋子受到水的壓強，再利用

計算壓力；

求出，再利用，結合滑動摩擦力大小的影響因素分析解答。，則霧炮車

解答：（1）霧炮車空載靜止時車對水平地面的壓力：空載靜止時車對水平地面的壓力：（2）排水孔蓋子受到水的壓強：的壓力：（3）因為，則排水孔蓋子受到水，當霧炮車在水平路面上勻速行駛，速度v不變，不斷向外噴水，則車的重力減小，對路面的壓力減小，故車受到的摩擦力減小，根據二力平衡條件可知，車受到的牽引力減小，所以，霧炮車發動機的輸出功率逐漸減小。

105Pa； 答：（1）靜止時車對水平地面的壓強為1.25×（2）當水箱中水的深度為1m時，排水孔蓋子受到水的壓力約為100N；

（3）霧炮車發動機的輸出功率逐漸減小；因為霧炮車在水平路面上勻速行駛并不斷向外噴水時，車的速度不變，車的重力減小，對路面的壓力減小，故車受到的摩擦力減小，根據二力平衡條件可知，車受到的牽引力減小，所以根據知，霧炮車發動機的輸出功率逐漸減小。

【點睛】此題考查固體壓強和液體壓強、功率的大小計算，根據滑動摩擦力大小的影響因素和二力平衡條件分析出霧炮車發動機牽引力的變化是解答此題關鍵。