第一篇：英語學習中的點線面

英語學習中的點線面

面是由無數條線組成，線是由無數點組成。英語知識和技能博大精深，好像一個面。面越廣越能體現一個人的綜合素質。面又是有無線的點組成的，如語法線、能力線。線上有無數點，如英語單詞、句法等知識點和聽、說、讀、寫等能力點。我們不可能面面俱到，更不應該胡亂學習一些知識點，這些都是沒有用的。只有走出一條線路，即英語思維習慣的養成，才是學習英語的正確策略。

在這條線路上，見山開路，遇河搭橋，才能走向目的地。學習英語也不能違背這一規律，廣闊天地間，每個人只能走出一條適合自己的線路。知識點就好像路和河，很多、很雜、也很難通過。我們要把線路上的知識點下功夫攻破，其次攻取靠近線路的知識點。對于遠離線路的知識點、能力點暫緩掌握。

初中階段學習目標為，使用英語進行初步交際的能力，也就是運用英語進行思維的能力。入門階段，我們的目標就是實現英語思維，這一點尤為重要，很多人受漢語思維的影響，始終不具備英語思維。所以，我們要從自己的實際出發，朝著具備英語思維能力這個目標，開辟一線路。從零起步有兩個階段，第一階段是掌握詞匯；第二階段要掌握句法。第二階段的句法知識又非常豐富，我們一輩子都學不完，怎么辦？初級階段只要掌握簡單句的五種句型結構和最常用的五種時態，正確配合使用，就可以實現初級英語思維能力。這雖然是初中階段的英語任務,但真正完成了,它的價值勝過一半大學生、超過80%的高中生。

讓我們努力在英語學習的道路上，走出一條粗且直的線。師傅領進門后，學生可自己修行，一日千里，快者兩年精通英語。

第二篇：中點四邊形說課稿

《中點四邊形》說課稿

彭公中學王小靜

各位領導，老師：

大家好！今天我講課的題目是《中點四邊形》。以下我將從六個方面說給大家聽。

一、說教材：

（一）教材內容：

《中點四邊形》是北師大版教科書九年級上冊第三章第二節內容，也是證明部分最后一節內容，是在學生已經掌握了平行四邊形、矩形、菱形、正方形、梯形等基本四邊形的性質及判定和三角形中位線的基礎上學習的。因此，學生已經具備了一定的分析和解決問題的能力。它在初中數學中起著比較重要的作用，通過本節課的學習，準備使學生從感性到理性形成一個飛躍。

（二）教學目標：

根據新課程標準關于數學目標設計的基本理念，在分析課標和教材的基礎上，我把本節課的教學目標劃分為以下三個方面：知識與技能、過程與方法、情感與態度觀。具體說來：

1、知識與技能：

（1）學生能利用三角形中位線定理判斷中點四邊形的形狀；

（2）感受中點四邊形的形狀取決于原四邊形的兩條對角線的位置關系與數量關系；

（3）通過圖形變換使學生掌握簡單添加輔助線的方法。

2、過程與方法：

（1）培養學生觀察、發現、分析、探索知識的能力及創造性思維和歸納總結能力；

（2）通過對圖形既相互變化，又相互聯系的內在規律的分析，滲透辯證唯物主義觀點，使學生領悟事物是運動、變化、相互聯系和相互轉化的。

3、情感態度與價值觀：

通過學生親自參與、發現和證明，培養學生的參與意識及合作精神，激發學生探索數學的興趣，體驗數學學習的過程與探索成功后的喜悅。

（三）教學重難點：

根據數學課程標準對本學段這部分知識的建議，我把本節課的教學重點確定為確定中點四邊形形狀的探究。難點是探索出中點四邊形為特殊平行四邊形的決定因素。

二、說教學方法：

根據學生以往的學習經驗，及九年級學生思維的感官性，所以本節課安排由學生通過實際操作去探索中點圖的特征。也為使課堂生動、有趣、高效，準備將整節課以觀察、思考、討論貫穿于整個教學環節之中，并準備通過實驗觀察，啟發式教學法和師生互動式教學模式進行教學，教學中，最大限度的調動學生學習的積極性和主動性，以利于最優化的達到教學目的。

教學過程中注意師生之間的情感交流，培養學生“多觀察、動腦筋、大膽猜、勤鉆研”的研討式學習模式，培養學生歸納總結能力。為突破難點，我在教學中

適當補充練習題進行教學，重在引起學生對新知的鞏固和掌握。

三、說學生學法：

（1）知識掌握上：在學生學習任意四邊形中點形的基礎上，再加上九級學生理解力強，所以本課安排學生分析決定中點四邊形形狀主要因素條件不存在太大的問題。

（2）知識障礙上：今天的新知，學生不易靈活應用，容易造成應用中的混淆現象，所以教學中靈活結合學生練習中可能存在的問題，進行簡單明了、深入的分析講解。

（3）思維特征上：根據九年級學生，不愛發表見解，希望得到老師表揚等特點，所以在教學中準備靈活抓住學生這一生理、心理特點，一方面讓學生動手實際操作，盡量引發學生的興趣，使他們的注意力始終集中在課堂上；另一方面積極創造條件和機會，讓學生發表見解，發揮學生學習的主動性。

（4）心理特征上：老師抓住學生對數學課感興趣這一有利因素，引導學生認識到數學的科學性和應用性，學好數學有利于其他學科的學習以及學科知識的滲透性。

四、說教學程序設計：

教學設計應為教學目標展開，因此，我根據課改精神以及九年級學生的年齡特點、心理特征、學生學習水平。在確立了教學目標以后，將本節課的設計思路確立為以下幾個環節：

1、復習舊知、導入新課，學生在已有認知的基礎上，從舊知入手，創設情境，從而激發學生的學習興趣。而后開門見山，給出課題，并引導學生探索的方法，從而使學生對本課形成整體觀念。這樣導入新課既為后面突破難點節省了時間，也激發了學生的學習興趣，又引發了學生的求知欲，使他們帶著濃厚的興趣進入新課的學習。

2、動手操作探究規律：：

在大屏上映出做一做的內容，是利用學生自己動手實踐，得出結論，并通過問題來引導學生開展觀察、分析、交流、總結等活動，培養學生從數學的角度去觀察事物，思考問題并歸納問題。

因這部分內容是本節課的教學重點也是本節課的教學難點，為突破這一難點，準備安排十五分種的時間讓學生親自動手操作、合作交流得出結論。其間，我準備參與其中，并及時給個別學生加以引導，突出學生是數學學習的主人，教師是數學學習的組織者、引導者與合作者的地位。在學生探索的基礎上，老師提出讓學生欣賞自己的作品，電腦顯示老師的作品，設計這一環節的主要目的是讓學生進一步明確答案，體會數學語言的嚴密性。另外，學生在操作的過程中特別強調先獨立完成，再合作交流，從而體現合作是在自主的基礎上進行的理念。

3、加深理解形成技能：我們教學要激發學生獨立思考，讓學生主動探索，養成良好的學習習慣，因此，我先結合“我會填”讓學生學會初步應用新知，再結合“動腦做”請同學在動手操作的基礎上，自動形成討論組，對所提出的問題進行實際操作。并引導學生在動手

中思維，在思維中動手。再結合“學習了，會用嗎？”進一步體會數學知識的嚴密性，從而為突破難點打下堅實的基礎。

4、練習應用感受新知：為提高對重點內容的理解和應用，因材施教，尊重

學生的個性差異的基礎上，特設計了三個題，以達到本節課的高潮，三個題，并且每一部分的出題都圍繞著教學目的而展開。一題著眼于基礎知識的練習和鞏固，使絕大部分學生都能領悟和理解。教學中，無須浪費更多時間，學生自行解決即可。二題則多知識點交叉。必要時，老師要適時給以點播。三題目的是培養解題技能。安排這一內容的主要目的是提高學習興趣，讓學生在做對的基礎上體味成功感，從而提高學習數學的信心。而練后教師的點評更使學生認識到合作學習給大家帶來的好處。

五、說教學評價：

在教學中充分考慮到老師的表情神態、鼓勵性的語言對學生學習過程的影響。同時從不同角度或側面了解學生的跟課情況，以便及時調整教學過程，從而保證教與學的統一。我在這節課的設計中十分注意學生學習主動性的發揮，學生在進行操作、展示的過程中，及時給以評價，提高學生的自信心，從而體驗數學，感受數學，形成對數學的正確認識，并得到情感態度與價值觀的陶冶與升華。

六、說教學反思及再教設計

（一）教學反思：

1、本節課的指導思想是充分發揮學生在學習中的主體作用。從“問題提出?小組交流探討?歸納與概括?應用”的過程中，同學們

主動參與、積極探索，并對難的問題同學們合作研究，整個課堂學習積極性高，研究風氣濃。

2、老師充分發揮在學習中的主導作用。對學習能力弱的學生積極地加以指導，并幫助學生分析問題，概括歸納新知識。

3、本節課的突出特點是利用現代技術，為學生創建一個學習、研究的學習情境。通過圖形的變換，使學生很容易發現問題的規律、找出解決方法，使學生學得輕松，興趣濃厚，精神狀態極佳。

4、本節課容量較大，但由于采用了多媒體輔助教學手段，使學生在老師的啟發下，一步一步地探索、歸納、學習，使學生是很容易地掌握了知識，并在探索的過程中培養了學生的創新精神和創新意識。

（二）再教設計：

1、在圖形的制作上再下功夫。

2、在運用鼓勵性的語言，激發學生學習的積極性和主動性以及進一步發揮學生的主體性上再下功夫。

本節課的設計思路基本這樣，具體操作可能會有些疏漏，懇請各位領導、同仁多提寶貴意見。

第三篇：專題線面垂直

專題九： 線面垂直的證明

題型一：共面垂直(實際上是平面內的兩條直線的垂直)例1：如圖在正方體ABCD?A1BC11D1中，O為底面ABCD的中心，E為CC1中點,求證：AO?OE

1題型二：線面垂直證明（利用線面垂直的判斷定理）

例2：在正方體ABCD?AO為底面ABCD的中心，E為CC1,1BC11D1中，?平面BDE 求證：AO1

題型三：異面垂直（利用線面垂直的性質來證明，高考中的意圖）例3.在正四面體ABCD中，求證AC?BD

P N D C A M B 練：如圖，PA?平面ABCD，ABCD是矩形，M、N分別是AB、PC的中點，求證：MN?AB

題型四：面面垂直的證明(本質上是證明線面垂直)

例4.已知PA垂直于正方形ABCD所在平面,連接PB、PC、PD、AC、BD,則下列垂直關系中正確的序號

是.①平面PAB?平面PBC ②平面PAB?平面PAD ③平面PAB?平面PCD

例5.如圖，AB是圓Ｏ的直徑，Ｃ是圓周上一點，PA?平面ABC．若AE⊥PC，Ｅ為垂足，Ｆ是PB上任意一點，求證：平面AEF⊥平面PBC．

第四篇：線面垂直高考題

高考真題演練：

(2012天津文數).（本小題滿分13分）

如圖，在四棱錐P-ABCD中，底面ABCD是矩形，AD⊥PD，BC=1，PD=CD=2.（I）求異面直線PA與BC所成角的正切值；

（II）證明平面PDC⊥平面ABCD；

（III）求直線PB與平面ABCD所成角的正弦值。

（2012天津理數）（本小題滿分13分）P如圖，在四棱錐P-ABCD中，PA⊥平面ABCD，AC⊥AD，AB⊥BC，∠BAC=45°，PA=AD=2，AC=1.（Ⅰ）證明PC⊥AD；

（Ⅱ）求二面角A-PC-D的正弦值；

（Ⅲ）設E為棱PA上的點，滿足異面

直線BE與CD所成的角為30°，求AE的長.C

D

（2010年安徽）如圖，在多面體ABCDEF中，四邊形ABCD是正方形，EF//AB，EF⊥FB，AB=2EF，?BFC?90?,BF=FC，H為BC的中點.（I）求證：FH//平面EDB；

（II）求證：AC⊥平面EDB；

（III）求二面角B—DE—C的大小.(2012上海理數)如圖，在四棱錐P-ABCD中，底面ABCD

是矩形，PA⊥底面ABCD，E是PC的中點.已知AB=2，AD=22，PA=2.求：

E

（1）三角形PCD的面積；（6分）（2）異面直線BC與AE所成的角的大小.（6分）

B

（2012山東）在如圖所示的幾何體中，四邊形ABCD是等腰梯形，AB∥CD，∠DAB=60°，FC⊥平面ABCD，AE⊥BD，CB=CD=CF。（Ⅰ）求證：BD⊥平面AED；

（Ⅱ）求二面角F-BD-C的余弦值。

（2012年北京）如圖1，在Rt△ABC中，∠C=90°，BC=3，AC=6，D，E分別是AC，AB上的點，且DE∥BC，DE=2，將△ADE沿DE折起到△A1DE的位置，使A1C⊥CD,(I)求證：A1C⊥平面BCDE；

(II)若M是A1D的中點，求CM與平面A1BE所成角的大小；

(III)線段BC上是否存在點P，使平面A1DP與平面A1BE垂直？說明理由

（2012遼寧）如圖，直三棱柱ABC?ABC，?BAC?90，[來源:學科網]

///?

AB?AC??AA/,點M，N分別為A/B和B/C/的中點。

(Ⅰ)證明：MN∥平面AACC;

(Ⅱ)若二面角A?MN?C為直二面角，求?的值。

（2012江蘇）如圖，在直三棱柱ABC?A1B1C1中，A1B1?ACCC1E分別是棱BC，11，D，上的點（點D 不同于點C），且AD?DE，F為B1C1的中點． A1求證：（1）平面ADE?平面BCC1B1；

（2）直線A1F//平面ADE．

（2012湖南），在四棱錐P-ABCD中，PA⊥平面ABCD，AB=4，BC=3，AD=5，∠DAB=∠ABC=90°，E是CD的中點。（Ⅰ）證明：CD⊥平面PAE；

（Ⅱ）若直線PB與平面PAE所成的角和PB與平面ABCD所成的角相等，求四棱錐P-ABCD的體積。

B A

D

/

/

/

C1

E

（2012湖北），∠ACB=45°，BC=3，過動點A作AD⊥BC，垂足D在線段BC上且異于點B，連接AB，沿AD將△ABD折起，使∠BDC=90°（如圖2所示），（1）當BD的長為多少時，三棱錐A-BCD的體積最大；

（2）當三棱錐A-BCD的體積最大時，設點E，M分別為棱BC，AC的中點，試在棱CD上確定一點N，使得EN⊥BM，并求EN與平面BMN所成角的大小

（2012廣東），在四棱錐P-ABCD中，底面ABCD為矩形，PA⊥平面ABCD，點 E在線段PC上，PC⊥平面BDE。

（1）證明：BD⊥平面PAC；

（2）若PH=1，AD=2，求二面角B-PC-A的正切值；

（2012年福建）在長方體ABCD-A1B1C1D1中AA1=AD=1，E為CD中點。（Ⅰ）求證：B1E⊥AD1；

（Ⅱ）在棱AA1上是否存在一點P，使得DP∥平面B1AE？若存在，求AP的行；若存在，求AP的長；若不存在，說明理由。（Ⅲ）若二面角A-B1EA1的大小為30°，求AB的長。

（2012大綱全國卷）如圖，四棱錐P-ABCD中，底面ABCD為菱形，PA⊥底面ABCD，PA=2，E是PC上的一點，PE=2EC.（Ⅰ）證明：PC⊥平面BED；

（Ⅱ）設二面角A-PB-C為90°，求PD與平面PBC所成角的大小。

（2012安徽）平面圖形ABB1AC11C如圖4所示，其中BB1C1C是矩形，BC?2,BB1?

4，AB?AC?，A1B1?A1C1?BC和B1C1折疊，使?ABC

與?A1B1C1所在平面都與平面BB1C1C垂直，再分別連接AA1,BA1,CA1,得到如圖2所示的空間圖形，對此空間圖形解答下列問題。

（Ⅰ）證明：AA1?BC；（Ⅱ）求AA1的長；（Ⅲ）求二面角A?BC?A1的余弦值。

第五篇：線面垂直教案

2012第一輪復習數學教案

線面垂直、面面垂直

教學目標：掌握線面垂直、面面垂直的證明方法，并能熟練解決相應問題.（一）主要知識及主要方法：

【思考與分析】要證明線面垂直，我們可以把它轉化為證明線線垂直，這道題可以通過證明A1C與平面C1BD內兩條相交直線BD，BC1垂直即可.而要證明A1C與相交直線BD、BC1垂直，可利用三垂線定理的三步曲證明．基礎平面分別取下底面及右側面．

1.線面垂直的證明：?1?判定定理；?2?如果兩條平行線中一條垂直于一個平面,那么另一條也垂直于

這個平面；?3?一條直線垂直于兩個平行平面中的一個平面,它也垂直于另一個平面；?4?兩個平面垂直,在一個平面內垂直于它們交線的直線垂直于另一個平面.?5?如果兩個相交平面都與第三個平面垂直,那么它們的交線與第三個平面垂直.P A?6?向量法：

???????????????????PQ?AB?PQ?AB?0

PQ??????? ???????????????

???PQ?AC?PQ?AC?0

CQ

2.面面垂直的證明：?2?如果一個平面經過另一個平面的一條垂線,?1?計算二面角的平面角為90? ；

那么這兩個平面垂直;

題型講解證明線線垂直

三垂線定理與平面的位置無關，即對水平位置、豎直位置、傾斜位置的平面都能用三垂線定理．下面我們通過實例來體驗“三步曲”的具體應用過程．

例1(1)已知PA、PB、PC兩兩互相垂直，求證：P在平面ABC內的射影O是△ABC的垂心．

【思考與分析】 要證O是△ABC的垂心，我們需要證明AO⊥BC、BO⊥AC、CO⊥AB.而AO、BO、CO分別是AP、BP、CP在平面ABC上的射影，因此我們想到應用三垂線定理.分三步進行：①定線面：即面內直線BC與基礎平面為底面ABC，②找三線：即垂線PO，斜線PA，射影AO，③證垂直：即AO⊥BC．同理可證其它兩條．

證明：因為P在平面ABC內的射影為O，所以PO⊥平面ABC，連結AO且延長交BC于D，則AO是PA在平面ABC上的射影．

∵ AP⊥PB，AP⊥PC，PB∩PC=P，∴ PA⊥平面PBC，又BC平面PBC，∴ AP⊥BC．根據三垂線定理的逆定理知，AD⊥BC，所以AD是△ABC中BC邊上的高．連結CO并延長交AB于F，同理可證CF⊥AB；所以CF是△ABC中AB邊上的高，AD∩CF=O，所以O是△ABC的垂心．【反思】 解這道題時，首先應用的是線面垂直的判定定理，然后運用三垂線定理的逆定理，所以要想快速解題，我們需要熟練掌握并能綜合應用所學知識.(2)正方體ABCD－A1B1C1D1中，求證：對角線A1C⊥平面C1BD．

證明：∵ A1A⊥平面ABCD，A1C是斜線，連AC，AC⊥BD，由三垂線定理知BD⊥A1C．∵ A1B1⊥平面BCC1B1，A1C是斜線，連B1C，B1C是A1C在BCC1B1內的射影，又∵ BC1⊥B1C，由三垂線定理知BC1⊥A1C．又BD∩BC1=B，∴ A1C⊥平面DBC1．

【反思】 應用三垂線定理解題一定要熟記這三個步驟，而且還需要我們有一定的空間立體感.例2在直三棱柱ABC—A1B1C1中，B1C1=A1C1，A1B⊥AC1，求證：A1B⊥B1C

證明：取A1B1的中點D1，連結C1D1∵B1C1=A1C1，∴C1D1⊥ABB1A連結AD1，則AD1是AC1在平面ABB1A1內的射影，∵A1B⊥AC1，∴A1B⊥AD11取AB的中點D，連結CD、B1D，則B1D∥AD1，且B1D是B1C在平面ABB1A1內的射影∵B1D⊥A1B，∴A1B⊥B1C點評：證明異面直線垂直的常用方法有：證明其中一直線垂直于另外一直線所在的平面；利用三垂線定理及其逆定理 證明線面垂直

例3 已知PA⊥⊙O所在的平面，AB是⊙O的直徑，C是⊙O上任意一點，過A點作AE⊥PC于點E，求證：AE⊥平面PBC

證明：∵PA⊥平面ABC，∴PA⊥BC

又∵AB是⊙O的直徑，∴BC⊥AC 而PC∩AC=C，∴BC⊥平面又∵AE在平面PAC內，∴BC⊥AE∵PC⊥AE，且PC∩BC=C，∴AE⊥平面PBC 點評：證明直線與平面垂直的常用方法有：利用線面垂直的定義；利用線面垂直的判定定理；利用“若直線a∥直線b，直線a⊥平面α，則直線b⊥平面α”

練習：

1.以AB為直徑的圓在平面?內PA⊥?于A，C在圓上，連PB、PC過A作AE⊥PB于E，AF⊥PC于F，試判斷圖中還有幾組線面垂直。

PA???

BC????

?PAAB為直徑?AC?BC

??

????AF?面PAC

??

??AF?PC

??

?AF?面PBC?PB?面PBC??AF?PB?

?AE?PB???PB?AEF

cos?BAC?

AB2?AC2?BC

22?AB?AC ?

a2?b2?a2?c2?b2?c2

2?AB?AC

?

a

a2?b2?a2?c2

?0

?BAC為銳角，同理?ABC為銳角?。

P在底面射影為?ABC垂心。

BC?面ABC??

PA?BC?

? ?BC?面APQ??AQ?面APQ???BC?AQ?

??Q為?ABC垂心

同理?AC?BQ?

?

?CQ?AB?

??AB?面PQC?PQ?AB?AB?PC

同理A、B5.如圖，?B?AAA?//BB?確定平面?

????A?B??

??AB?????AB//AB??

?

??AB//?????AB?AA??

?

??AB?面AA?CAA??A?B?

??

??

AB?AC

??

?A?B??面CA?A?A?B??CA???CA?B?為直角

證明面面垂直

例4在正方體ABCD-A1B1C1D1中，E、F分別是BB1，CD的中點（1）求證：AD⊥D1F；（2）求AE與D1F所成的角；（3）證明平面AED⊥平面A1FD

1分析：涉及正方體中一些特殊的點、線、面的問題，建立空間直角坐標系來解，不僅容易找到解題方向，而且坐標也簡單，此時“垂直”問題轉化為“兩向量數量積為0”的問題，當然也可用其它的證證明：建立空間直角坐標系如圖，并設AB=2，則A(0,0,0),D(0,2,0),A1(0,0,2)

D1(0,2,2)，E(2,0,1),F(1,2,0)

?????????

(1)AD?(0,2,0),D1F?(1,0,?2)

?????????

? AD?D1F=0×1+2×1+0×(-2)=0, ?AD⊥D1F

??????????????????（2）AE=（2，0，1）D1F=（1，0，-2），|AE|?，|D1F|?設AE與D1F的夾角為θ，則 cosθ1?

2?1?0?0?1?(?2)

5?0

所以，直線AE與D1F所成的角為90°（3）由（1）知D1F⊥AD，由（2）知D1F⊥AE，又AD∩AE=A，?D1F⊥平面AED，∵D1F?平面A1FD1M

?平面AED⊥平面A1FDB

例5已知AB是圓O的直徑，PA垂直于?O所在的平面，C是圓周上不同于A,B的任一

點，求證：平面PAC?平面PBC．

分析：根據“面面垂直”的判定定理，要證明兩平面互相垂直，只要在其中一個平面中尋找一條與另解：∵AB是圓O的直徑，∴AC?BC，又∵PA垂直于?O所在的平面，∴PA?BC，∴BC?平面PAC，又BC在平面PBC中，所以，平面PAC?平面PBC． 點評：由于平面PAC與平面PBC相交于PC，所以如果平面PAC?平面PBC，則在平面PBC中，垂直于PC的直線一定垂直于平面PAC小結:

1垂直問題來處理或在兩直線上分別取它們的方向向量，然后證它們的數量積為0

2面垂直的判定定理，證明直線垂直于平面內的兩條相交直線，當然再證這直線（這平面）與已知直線（或平面）重合，有時侯將線面垂直問題轉化為證面面垂直問題，也許會給你帶來意想不到的收獲 3如證面面垂直可轉化為證明一個平面經過另一個平面的垂線

用向量法證明垂直，就是證有關向量的數量積為1“直線l垂直于平面α內的無數條直線”是“l⊥α”的 AB

CD 答案：B①直線上有兩點到平面的距離相等，則此直線與平面平行②夾在兩個平行平面間的兩條異面線段的中點連線平行于這兩個平面③直線m⊥平面α，直線n⊥m，則n∥α④a、b是異面直線，則存在唯一的平面α，使它與a、b都平行且與a、b距離相等 ABCD 解析：①錯誤與平面相交如下圖，平面α∥β，A∈α，C∈α，D∈β，B∈β且E、F分別為AB、CD的中點，過C作CG∥AB交平面β于G，連結BG、GD設H是CG的中點，則EH∥BG，HF∥GD∴EH∥平面β，HF∥平面β

∴平面EHF∥平面β∥平面α∴EF∥α，EF∥β

③錯誤直線n可能在平面α內④正確AB是異面直線a、b的公垂線段，E為AB的中點，過E作a′∥a，b′∥b，則a′、b′確定的平面即為與a、b都平行且與a、b距離相等的平面，并且它是唯一確定的答案：D

3在正方形SG1G2G3中，E、F分別是G1G2、G2G3的中點，D是EF的中點，沿SE、SF及EF把這個正方形折成一個四面體，使G1、G2、G3三點重合，重合后的點記為G，那么，在四面體S—EFG中必有 A⊥平面EFGB⊥平面EFG C⊥平面SEF D⊥平面SEF

解析：注意折疊過程中，始終有SG1⊥G1E，SG3⊥G3F，即SG⊥GE，SG⊥GF，所以SG⊥平面EFGA答案：A

4PA垂直于以AB為直徑的圓所在的平面，C為圓上異于A、B的任一點，則下列關系不正確的是 A⊥BCB⊥平面PACC⊥PB D⊥BC 解析：由三垂線定理知AC⊥PB，故選答案：C 5ABC的三個頂點A、B、C到平面α的距離分別為2 cm、3 cm、4 cm，且它們在α的同側，則△ABC的重心到平面α的距離為解析：如下圖，設A、B、C在平面α上的射影分別為A′、B′、C′，△ABC的重心為G，連結CG交

AB于中點E，又設E、G在平面α上的射影分別為E′、G′，則E′∈A′B，G′∈C′E，EE′=A′

A+B′B）=，CC′=4，CG∶GE=2∶1，在直角梯形EE′C′C中可求得GG′=3答案：3 cm

6ABCD—A1B1C1D1中，當底面四邊形ABCD滿足條件_______時，有A1C⊥B1D1認為正確的一種條件即可，不必考慮所有可能的情況）答案：A1C1⊥B1D1或四邊形A1B1C1D1為菱形等 7ABCD—A1B1C1D1的棱長為1，則（1）A點到CD1的距離為________；（2）A點到BD1的距離為________；

（3）A點到面BDD1B1的距離為_____________；（4）A點到面A1BD的距離為_____________；（5）AA1與面BB1D1D的距離為__________6622（2）（3）（4）（5）232

328△ABC在平面α內的射影是△A1B1C1，設直角邊AB∥α，則△A1B1C1的形狀是_____________三角形答案：（1）

解析：根據兩平行平面的性質及平行角定理，知△A1B1C的形狀仍是Rt△答案：直角 4ABCD—A1B1C1D1中，M為CC1的中點，AC交BD于點O，求證：A1O⊥平面MBD證明：連結MO ∵DB⊥A1A，DB⊥AC，A1A∩AC=A，∴DB⊥平面A1ACC1又A1O?平面A1ACC1，∴A1O⊥DB

（1）解：當a=2時，ABCD為正方形，則BD⊥AC又∵PA⊥底面ABCD，BD?平面ABCD，∴BD⊥PA∴BD⊥平面故當a=2時，BD⊥平面PAC（2）證明：當a=4時，取BC邊的中點M，AD邊的中點N，連結AM、DM、BMN∵ABMN和DCMN都是正方形，∴∠AMD=∠AMN+∠DMN=45°+45°=90°，即DM⊥AM又PA⊥底面ABCD，由三垂線定理得，PM⊥DM，故當a=4時，BC邊的中點M使PM⊥DM（3）解：設M是BC邊上符合題設的點M，∵PA⊥底面ABCD，∴DM⊥AM因此，M點應是以AD為直徑的圓和BC邊的一個公共點，則AD≥2AB，即a≥4點評：本題的解決中充分運用了平面幾何的相關知識因此，立體幾何解題中，要注意有關的平面幾何知識的運用事實上，立體幾何問題最終是在一個或幾個平面中得以解決的在矩形A1ACC1中，tan∠AA1O=

22，tan∠MOC=，22

∴∠AA1O=∠MOC，則∠A1OA+∠MOC=90A1O⊥OM∵OM∩DB=O，∴A1O⊥平面9S—ABC中，N是S在底面ABC上的射影，且N在△ABC的AB邊的高CD上，點M∈SC，截面MAB和底面ABC所成的二面角M—AB—C等于∠NSC，求證：SC⊥截面證明：∵CD是SC在底面ABC上的射影，AB⊥CD，∴AB⊥SCMD∵∠MDC=∠NSC，∴DM⊥SCAB∩DM=D，∴SC⊥截面MABABC中，∠ACB=90°，AB=8，∠BAC=60°，PC⊥平面ABC，PC=4，M為AB邊上的一個動點，求PM的最小值解：∵P是定點，要使PM的值最小，只需使PM⊥AB即可 要使PM⊥AB，由于PC⊥平面ABC，∴只需使CM⊥AB即可

∵∠BAC=60°，AB=8，∴AC=AB·cos60°=4

∴CM=AC·sin60°=4·

=2

B

∴PM=PC2?CM2=?

12P—ABCD中，底面ABCD是矩形，AB=2，BC=a，又側棱PA⊥底面ABCD（1）當a為何值時，BD⊥平面PAC?試證明你的結論（2）當a=4時，求證：BC邊上存在一點M，使得PM⊥（3）若在BC邊上至少存在一點M，使PM⊥DM，求a的取值范圍分析：本題第（1）問是尋求BD⊥平面PAC的條件，即BD垂直平面PAC內兩相交直線，易知BD⊥PA，問題歸結為a為何值時，BD⊥AC，從而知ABCD為正方形-4-