第一篇：高三物理綜合復習講義 第二講 勻變速直線運動的規律及其運用

第二講 勻變速直線運動的規律及其運用

知識點回顧：

一、勻變速直線運動的規律：（1）勻變速直線運動四個基本公式

vt?v0?at s?v0t?12at vt?v0?2as s?222v0?vt2t

（2）勻變速直線運動中幾個常用的結論

①Δs=aT，即任意相鄰相等時間內的位移之差相等?？梢酝茝V到sm-sn=(m-n)aT

②vt?v0?vt，某段時間的中間時刻的即時速度等于該段時間內的平均速度。

2222vs?2v0?vt222，某段位移的中間位置的即時速度公式（不等于該段位移內的平均速度）。

可以證明，無論勻加速還是勻減速，都有vt?vs

22（3）初速度為零（或末速度為零）的勻變速直線運動的運動規律：

做勻變速直線運動的物體，如果初速度為零，或者末速度為零，那么公式都可簡化為：

v?gt，s?12at，v22?2as，s?v2t

以上各式都是單項式，因此可以方便地找到各物理量間的比例關系。（4）初速為零的勻變速直線運動的相關結論：

①第1秒末、第2秒末、第3秒末……的瞬時速度之比為1∶2∶3∶----∶ n ②前1秒內、前2秒內、前3秒內……的位移之比為1∶4∶9∶…… ③第1秒內、第2秒內、第3秒內……的位移之比為1∶3∶5∶…… ④前1米、前2米、前3米……所用的時間之比為1∶2∶3∶…… ⑤第1米、第2米、第3米……所用的時間之比為1∶?2?1?∶（3?對末速為零的勻變速直線運動，可以相應的運用這些規律。

（5）兩個圖像 即位移—時間 圖像與速度—時間 圖像。研究和處理圖像問題，要注意首先看清縱、橫軸各表示的意義，采用什么單位，搞清所研究的圖像的意義。

（Ⅰ）物體的s-t圖像和物體的運動軌跡是根本不同的兩個概念。

（Ⅱ）若圖像不過原點，有兩種情況：①圖線在縱軸上的截距表示開始計時時物體的位移不為零（想對于參考點）；②圖線在橫軸上的截距表示物體過一段時間才從參考點出發。

（Ⅲ）兩圖線相交說明兩物體相遇，其交點的橫坐標表示相遇的時刻，縱坐標表示相遇處對參考點的位移。

2）∶……（Ⅳ）圖像平行于t軸，說明斜率為零，即物體的速度為零，表示物體靜止

（Ⅴ）圖像是直線表示物體作勻速直線運動，圖像是曲線則表示物體作變速運動（因為各點的斜率不同，即物體在各點的速度不同）。

（Ⅵ）圖像與橫軸交叉，表示物體從參考點的一邊運動到另一邊。（Ⅶ）圖像的斜率為負值，表示物體沿與規定的正方向相反的方向運動。（6）兩個特例

①自由落體運動 它是v0=0，a=g的勻加速直線運動?；疽幝桑?/p>

?速度公式：vt?gt?12?位移公式：h?gt?2?2??位移?速度公式：vt?2gh①②③

②豎直上拋運動 它是v0?0,a??g的勻變速直線運動。豎直上拋的幾個結論：最大高v02度 H?2g、上升時間 t?v0g、上升和下降過程中通過同一位置時速率相等?；疽幝桑?/p>

?速度公式：vt?v0?gt?12?位移公式：h?v0t?gt?2?22??位移?速度公式：vt?v0?2gh④⑤⑥

第二篇：高三物理第二輪復習教案(第六講 作圖)

第六講

作圖

一、特別提示

解答物理問題通常有解析、論述、作圖和列表等基本方法。作圖是最重要的數學工具之一，也是考查的能力范圍。在解答作圖題時，要特別注意：

（1）仔細審題，按要求作圖。例如，在平面鏡成像作圖時，為快速準確作圖，通常采用對稱性作圖，一般不直接根據光的反射定律作圖；

（2）具體作圖時，每一步驟都要有依據。例如，物體運動時速度、合外力和軌跡三者間必須滿足一定的位置關系，而不能隨意亂畫；

（3）在讀圖時要善于發現圖中的隱含條件。例如，物理圖象的縱、橫截距、斜率和面積以及曲線間平行、相交、重合的關系，有時幾個不同的物理圖象從不同側面描述同一物理過程時更要理解它們之間的聯系和區別；

（4）作圖時還要注意規范性要求，不要隨意。例如，是實線還是虛線，是否應標明箭頭方向，還是用斜線表示特殊的區域；并注意特殊符號（如電學元件）的正確運用；

（5）用作圖法處理實驗數據時，要理解所謂“擬合曲線”的意義，如何篩選、描線直接影響結果的準確性，同時也是能力具體體現之一。

二、典型例題

題

1一輛汽車在恒定的功率牽引下，在平直公路上由靜止出發，經4min的時間行駛1.8km，則在4min末汽車的速度（）

A、等于7.5m/s

B、大于7.5m/s

C、等于15m/s

D、15m/s 解析

汽車在恒定功率下由靜止啟動是加速度越來越小的變加速運動，很難通過運動方程求瞬時速度，一般的方法是由動能定理求出動能、再求速度但這必須要知道牽引力、阻力所做的功。而現在這些條件都未知，但在恒定功率下，其4min內的平均速度v?s?7.5m/s，由于加速度變小，所以末速度tvt?v，同時由于位移關系vt?2v，其v?t圖象如圖，為一上凸的曲線。打斜線部分“面積”相等，即位移為1.8km?7.5?4?60m，如果vt?7.5m/s，則位移s?1.8km；而vt?15m/s則位移s?1.8km，故7.5m/s?vt?15m/s，正確選項是BD。

A、○V1、○V2分別為理想的電流表和電壓表，題

2電路如圖8-2，○R1、R2分別為定值電阻和可變電阻，電池E內阻不計，A讀數之比等于R1 V1讀數與○A、R1不變時，○

A讀數之比等于R1 V1讀數與○B、R2不變時，○

A讀數變化量之比的絕對值V2讀數的變化量與○C、R2改變一定量時，○等于R1

A讀數變化量之比的絕對值V1讀數的變化量與○D、R2改變一定量時，○等于R1

V1、○V2分別測出R1、R2兩端電壓，解析：由題高，○A測出通過R1、○R2的電流，因此：

U1?IR1、U2?IR

2且U1?U2?E，當R2為某一值時，R1、R2的伏安特性曲線如圖（a）所示（如R1>R2），在圖中，U1?U2?E的關系很難表示出來，如果，將R2的伏安特性曲線的橫軸反向，即U軸向左，如（b）圖，再把a、b兩圖按U1?U2?E的關系畫在（2）圖中，那末電流、電壓關系就非常直觀了。特別是可變電阻R2改變一定量時（如增大為R2＇）

??U2??U1?U1?U1???U；電流變為I?，增大?I?I??I，如圖（C）?U2?U2所示，顯然，滿足。

R1?U1?U?U1?U2???

故正確選項是BCD I?I?I?I題

3把一個“10V、5W”的用電器B（純電阻）接到這一電源上，A消耗的功率是2W；換另一個“10V、5W”的用電器B（純電阻）接到這一電源上，B實際消耗的功率可能小于2W嗎？若有可能則條件是什么？

解析：用電器A、B的電阻分別為

U2U2?20? RA??50?

RB?PBPA由于RB?RA，所以B接入電路時，電壓U?10V，PB<5W，但能否小于2W呢？ A接入時：PA?[PrE2]RA?2W

則E?(PA?r)A?[10?]V

RA5RB?r換上B后，由題設PB?[E2]RB?PA

則r?1010?

RB?r可見，條件是E?[10?]V；r?1010?即可。

如果，從電源做伏安特性曲線E?U?Ir來看，當PA?PB時，有臨界內阻rs?r5RA?RB?1010?，及臨界電動勢Es?(10?210)V，由于PA?2W不變，當PA?PB、PB?20?時，其解在PB伏安特性曲線的OP段（如圖）之內，因為A、B消耗的功率是U-I圖象中的“面積”；在過Q點，又過OP線段的E、r即為所求，可見，本題的所有解就是E?Es、r?rs的電源。

題

4如圖所示，a、b、c是勻強電場中的三點，這三點構成等

邊三角形，每邊長L?21cm，將一帶電量q??2?10?6C的電荷從a點移到b點，電場力W1??1.2?10?5J；若將同一點電荷從a點移到c點，電場力做功W1?6?10?6J，試求場強E。

解析

勻強電場中電場線、等勢面的作圖是描述電場、理解電場屬性的重要方法，由題意電荷由a到b、由a到c電場力做功分別為：

Wab?qUab、Wac?qUac

可得Uab?WabW?6V；Uac?ac??3V qq若設電熱?b?0、則?a?6V、?c?9V；可將cb三等分，1cb，于是?d?6V即?a??d，過ad可作等勢面，如3圖8-6所示，為了便于求場強E過a作電場線E，并過c作ad的平行線。在?acd中，?acd?60?、?cad??和使cd??adc?180??(60???)

由正弦定理：cdac?

可解sin? sin?sin(60???)故場強E?Uac?200V/m，顯然，若不能正確作圖很難求出場強。

arcsin?題

5如圖，xoy坐標系中，將一負檢驗電荷Q由y軸上的a點移至x軸上的b點時，需克服電場力做功W；若從a點移至x軸上的c點時，也需克服電場力做功W。那么關于此空間存在的靜電場可能是：

A、存在場強方向沿y軸負方向的勻強電場

B、存在場強方向沿x軸正方向的勻強電場

C、處于第I象限某一位置的正點電荷形成的電場 D、處于第IV象限某一位置的負點電荷形成的電場

解析

由題意-q由a分別到b、c克服電場力做功均為W，即即電勢?a??b??c，Wab?qUab?Wac?qUac、Wab?0、q?0，易知若為勻強電場，則場強方向沿y軸負向，即A項正確。若為點電荷電場，由?b??c，可作bc之中垂線L1；若?a??b，則可作ab之中垂線L2，L1、L2交點為P(xP,yP)（如圖所示）。當由正點電荷形成電場時，?a??b只須在L1上的點到a的距離小于到b(c)的距離即可，顯然，該點坐標(x,y)滿足：

x?xp、y?yp，分布在L1的P點以上（不包括P點）。

而由負點電荷形成電場時，則要該點在L1上，且到a的距離大于到b(c)的距離，其坐標(x,y)滿足：x?xp、y?yp，分布在L1的P點以上（不包括P點）。

通過作圖不但直觀、形象而且準確地給出了解的范圍，其實關于場的問題本來就是空間的問題，而對場的了解必須運用作圖的工具。

第三篇：7高三物理第二輪復習教案(第七講 論述題)

第七講

論述題

一、特別提示

提高綜合應用能力，要加強表達、敘述能力的訓練，通過對論述題的分析和練習，克服解決物理問題時存在的：表達不清、敘述無理、論證無據等各種問題，學會使用本學科的語言來表達問題，進行交流，培養分析、邏輯推理能力，從而形成物理學科的意識和思想。

1、論述題的特點

論述題的特點主要體現在解題過程的表達要求上，即在對物理現象、物理過程的分析中，要求運動物理規律，用簡潔、準確、清晰的語言對分析過程進行表達，在做出判斷的同時，說明判斷根據，也就是說不單要說明是什么，而且要說清楚為什么。

2、論述題的解法

解答論述題所用的分析方法和解答其它類型（選擇、計算題型）的題目沒有什么差別，但需有解題過程中的分析和表達，也就是說，對于論述題，除了要能夠正確進行解答之外，一些必要的文字說明一定要有，《考試說明》明確要求學生“能夠根據已知的知識和所給物理事實、條件，對物理問題進行邏輯推理和論證，得出正確的結論或作出正確的判斷，并能把推理過程正確地表達出來?！?/p>

因此，解答論述題，一般可按以下步驟進行：（1）根據題給條件，畫出草圖分析，明確題意。

（2）對題目中的物理現象，涉及的物理模型，發生的物理過程，進行簡要的文字說明和進行必要的數學推導，具體說明每步的依據，從而得出結論或論證所需要的數學表達式。

（3）對導出的結果進行分類討論，最后得出完整的結論。不同類型的論述題，其出題的意圖不同，解題的要求也有所區別。同學們可以在平時學習、練習中加以體會。

二、典型例題

題

1如圖9-1，是利用高頻交變電流焊接自行車零件的原理示意圖，其中外圈A是通高頻交流電的線圈，B是自行車的零件，a是待焊接的接口，接口兩端接觸在一起，當A中通有交流電時，B中會產生感應電動勢，使得接口處金屬熔化而焊接起來。（1）為什么在其它條件不變的情況下，交流電頻率越高，焊接越快？（2）為什么焊接過程中，接口a處已被熔化而零件的其它部分并不很熱？

分析和證明

（1）交流電頻率越高，磁通量變化率越大。

由法拉第電磁感應定律可知：感應電動勢和感應電流都變大，產生的熱功率越大；焊接越快。

（2）因為接口處電阻大，串聯電路中電流處處相等，電阻大的地方產生的熱量多，可將接口處熔化而零件的其它部分并不很熱。

評析

這是一道簡答論述題。可以像問答題，判斷某一說法的對錯，進而敘述理由。它要求運用物理知識和規律對某個問題或某種觀點進行簡明扼要回答，或加以簡潔的解釋。

題

2試在下述簡化情況下，由牛頓定律和運動學公式導出動量守恒定律的表達式：系統是兩個質點，相互作用力是恒力，不受其他力，沿直線運動，要求說明推導過程中每步的根據，以及公式中各符號和最后結果中各項的意義。

分析和證明

設m1和m2分別表示兩質點的質量，F1和F2分別表示它們所受作用力，a1和a2分別表示它們的加速度，t1和t2分別表示F1和F2作用的時間，v1和v2分別表示它們相?和v2?分別表示末速度，根據牛頓第二定律，互作用過程中的初速度，v1有：F1?m1a1，F2?m2a2 由加速度的定義可知：a1???v1v1v??v2，a2?2 t1t2??v1)，F2t2?m2(v2??v2)分別代入上式，可得：F1t1?m1(v1根據牛頓第三定律，有F1??F2，t1?t2

??m2v2? 代入并整理后，最終可得：m1v1?m2v2?m1v1?和m2v2?為兩質點的末動量，這就是動量守恒其中m1v1和m2v2為兩質點的初動量，m1v1定律的表達式。

評析

本題是一道推導證明題。首先要對所引用字母符號的物理意義加以具體說明，在推導過程中每一步都要針對性的給出依據、說明理由，最后按題目要求用文字說出最后結果中各項的意義。因此，在學習物理概念和規律時不能只記結論，還須弄清其中的道理，知道物理概念和規律的由來。

題

3一內壁光滑的環形細圓管，位于豎直平面內，環的半徑為R（比細管的半徑大得多）。在圓管中有兩個直徑與細管內徑相同的小球（可視為質點）。A球的質量為m1，B球的質量為

m2，它們沿環形圓管順時針運動，經過最低點時的速度為v0，設A球運動到最低點時，B球恰好運動到最高點，證明：

若要此時兩球作用于圓管的合力為零，那么m1，m2，R與v0應滿足的關系式是：

2v0(m1?5m2)g?(m1?m2)?0。

R分析和證明

根據題意，想象出此時物理情意如圖9-2。因為軌道對在最高點B的作用力方向可以向上也可以向下，故先對A球受力分析（見圖），由牛頓第三定律可知，A球對圓管的壓力向下。為使兩球作用于圓管的合力為零，B球對圓管的作用力只能向上，不然合力就不會為零，所以軌道對B球的作用力方向，由牛頓第三定律可知是向下的。于是可以證明：

22v0v0對A由F?ma有N1?m1g?m1所以N1?m1g?m1

RR2v2對B有N2?m2g?m2

R 由機械能守恒定律得

1122m2v0?m2v2?m2g2R 2222v0v2把v?v?4gR

代入N2?m2g?m2得N2?m2?5m2g

RR222122v0v0據題意有N1?N2，則m1g?m1?m2?5m2g

RR2v0即(m1?5m2)g?(m1?m2)?0

R評析

本題的思路是“由因導索”，實行順向證明，即由題設已知條件出發，運用已知規律推導所要證明的結果，叫順證法。

題

4如圖9-3所示，滑塊A、B的質量分別為m1與m2，且m1?m2，由輕質彈簧相連接，置于光滑的水平面上，用一輕繩把兩滑塊拉至最近，使彈簧處于最大壓縮狀態后綁緊，兩滑塊一起以恒定的速度v0向右滑動。突然輕繩斷開，當彈簧伸長至本身的自然長度時，滑塊A的速度正好為零。問在以后的運動過程中，滑塊B是否會有速度等于零的時刻？試通過定量分析討論，證明你的結論。

分析和證明

B的速度不會為零。

假設某時刻B的速度為零，設此時滑塊A的速度為v1，由動量定律得

(m1?m2)v0?m1v

1①

此時系統的機械能為E1（重力勢能為零），動能為EKA，彈性勢能為Ep1 E1=EKA+Ep1

② EKA=m1v1

③

由題意知，當A的速度為零時，彈性勢能Ep2=0。設此時B的速度為v，則B的動能為：2EKB?1m2v12 ④ 2此時系統的機械能為：E2=EKB+Ep

2⑤ 由動量守恒定律得：(m1?m2)v0?m2v⑥ 由機械能守恒定律得E1=E2 ⑦ 由以上各式聯立得：

22(m1?m2)2v0(m1?m2)2v0?Ep1?

⑧

2m12m2由于Ep1?0，由上式可得出m2?m1，這與題沒給定的條件m1?m2相矛盾，故假設不 成立，即有：B的速度不會為零。

評析

此題順向證明過程較為復雜，可采用反證法。先假定所要證明的結論不成立，由此通過合理的邏輯推導而導出矛盾，從而說明假設不對，肯定原結論正確。

題

3如圖9-4所示，彈簧的一端固定在墻上。另一端連結一質量為m的木塊，今將木塊向右拉開一位移L后釋放，木塊在有摩擦的水平地面上減幅振動。彈簧第一次恢復原長時，木塊速度為v0，試討論：木塊在整個振動過程中出現速度為v0的位置有幾個。

分析和證明

在整個振動過程中出現速度為v0的位置有，且只有2個。

放手后，木塊在水平方向上的彈力和摩擦力同時作用下，先向左作加速度變小的加速運動。后向左作加速度變大的減速運動。在原平衡位置右側x0處（kx0??mg），一定存在一加速度為零的位置，此位置向左的速度最大。根據速度變化必須是連續的原理可知，既然左側有一v0，其右側也一定存在一v0的位置。

此后的運動，可從能量角度分析不會再有v0的位置出現。

因為在彈簧第一次恢復原長，木塊速度為v0時，系統振動的能量E?Ek?12mv0，此后2的運動仍屬阻尼振動，由于摩擦的作用振動能量不斷減小，E??E，設此后振動中任一時刻的速率為vx，即1212 mvx?Ep?mv022所以vx必小于v0，且不斷變小，直至停止振動為止。

評析

此題屬判斷敘述類：根據題設的條件和基礎知識，對某一物理現象、過程或結論，作出正確與否的判斷?？梢韵裼嬎泐}中的過程分析，用文字和物理公式分層次有條理地表達出來。

題

4如圖9-5所示，足夠長的水平絕緣桿MN，置于足夠大的垂直紙面向內的勻強磁場中，磁場的磁感強度為B，一個絕緣環P套在桿上，環的質量為m，帶電量為q的正電荷，與桿間的動摩擦因數為?，若使環以初速度v0向右運動，試分析絕緣環克服摩擦力所做的功。

分析和證明

當絕緣環以初速度v0向右運動時，環受重力mg、洛侖茲力f?qBv0及桿的彈力N。由于N的大小、方向與重力和洛侖茲力大小有關，會約束水平方向的摩擦力變化，從而使絕緣環的最終運動可能有三種情況：

（1）若開始時qBv0?mg，即v0?mg，由于N=0，絕緣環不受摩擦力作用，做勻速直qB線運動。絕緣環克服摩擦力所做的功Wf1?0。

（2）若開始時qBv0?mg，即v0?mg，N方向向上，絕緣環受桿摩擦力作用，做加速qB度變小的減速運動，直至靜止。絕緣環克服摩擦力所做的功Wf2?（3）若開始時qBv0?mg，即v0?12mv0。2mg，N方向向下，絕緣環受桿摩擦力作用，做減qB速直線運動，洛侖茲力f不斷減小，當qBv0?mg時，N=0，絕緣環不受摩擦力作用，做勻速直線運動，即最終速度v?mg。絕緣環克服摩擦力所做的功： qBWf3?12121mg2mv0?mv?m[v0?()2]。222qB評析

本題可根據題設的條件和基礎知識，通過某一物理現象的分析，作出相應的判斷，對導出的結果進行較為完整的分類討論。主要培養思維的深度和廣度，提高判斷應用能力。

第四篇：高三物理二輪復習綜合能力測試(01)

高三物理綜合能力測試（二輪1）

一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。第14～17題只有一項符合題目要求，第18～21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14.下列說法正確的是（）

A.伽利略通過理想斜面實驗研究了自由落體運動的規律

B.牛頓第一定律可以通過實驗驗證

C.法拉第引入電場線形象地描繪電場的特征

D.洛倫茲發現了電流的磁效應 15.如圖所示，兩質量均為m的小球A、B皆可視為質點，位于距地面豎直高度h的同 一點。讓小球A自由下落，同時將B球以速度

向豎直墻面水平拋出，B球到豎直墻距離為L，B球與豎直墻壁相碰后，水平分速度大小不變，方向與原來相反，豎直分速度不變。不計空氣阻力，兩球落地前，下列說法正確的是（）

A.當L=2h時，兩小球恰好在地面相碰

B.在下落的任一時刻，A球的重力功率總小于B 球的重力功率

C.若A、B兩球恰好在地面相碰，則墻壁對B小球做功數值為mv0D.若A、B兩球恰好在地面相碰，則墻壁對B小球的沖量大小為2mv0

16.如圖甲為位移傳感器，圖乙為相對應的木塊下滑過程中的部分位移一時間(x-t)圖象，若斜面傾角為θ=30°，取重力加速度 g=10m/s2，斜面足夠長。下列說法中正確的是（）

A.木塊在t=3s時處于斜面上x=16m的位置

B.木塊在t=1s時速度大小為2m/s

C.木塊與斜面間的動摩擦因數為

?

D.木塊的加速度大小為5m/s 17.2017年4月22日12時23分，距地面393公里的太空軌道，天舟一號貨運飛船與天宮二號空間實驗室順利完成自動交會對接，為不久后的推進劑在軌補加即“太空加油”打下良好基礎。若天舟一號飛船與天宮二號均繞地球的中心O做半徑為r、逆時針方向的勻速圓周運動，地球的半徑為R，地球表面的重力加速度為g，則（）

A.天舟一號飛船的線速度大小為

B.天舟一號飛船要想追上天宮二號，必須向后噴氣

C.天舟一號飛船繞地球運動的線速度大于第一宇宙速度 D.天舟一號飛船從圖示位置運動到天宮二號所在位置所需時間為

18.如圖所示矩形框內，存在正交的勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向下，磁感應強度為B，方向垂直于紙面向里。一質量為m帶電荷量大小為q的小球從左側M點以某一速度射入該區域，恰好沿直線從右側的N點（未畫出）穿出。則（）

A.小球一定帶正電

B.N點一定與M點在同一水平線上

C.小球的可能速度之差的大小為

D.若該帶電小球以大小相同的速度從N點反向進入該區域，運動過程中動能一定增加 19.如圖所示，磁感應強度方向垂直固定斜面向上，大小隨時間變化的規律為B=（2+2t）T。將一根長0.3m質量0.2kg的通電直導線置于斜面上，導線中電流大小為 1A。t=0和t=2s時刻，導線恰好能處于靜止狀態，取g=10 m/s2。則（）

A.斜面傾角θ=30°

B.直導線中電流的方向一定從a到b

C.導線與斜面間最大靜摩擦力為0.6N

D.在t=1s時，導線所受的摩擦力為零

20.如圖，平面直角坐標系xOy中有一勻強電場，ABC構成正三角形，A點坐標為（-2cm，0），C點坐標為（2cm，0）。將電量為q=-8.0×10-16C的試探電荷從A點移到B、C兩點，靜電力做功分別為2.0×10-15J、4.0×10-15J，以下說法正確的是（）

A.A、C兩點電勢差為UAC=5V

B.y軸上所有點電勢相等

C.將電量為8.0×10-16C 正電荷由B點移動到C點電勢能增加2.0×10-15J D.該勻強電場的場強為250N/C 21.如圖所示，質量分別為 mA=2kg、mB=1kg的兩小物塊中間連接有勁度系數為k=200 N/m的彈簧，整個裝置放在傾角為 30°的光滑斜面上，斜面底端有固定擋板。對物塊 A 施加一個沿斜面向下的大小為F=20N的力，整個裝置處于靜止狀態，g取 10 m/s2。突然撤去外力F后，則

A.當彈簧恢復原長時，物塊A沿斜面上升5cm

B.物塊B剛要與擋板分離時，物塊A的加速度為7.5 m/sC.物塊A和物塊B組成的系統機械能守恒

D.當物塊B與擋板剛要分離時，物塊A克服重力做功為1.75J

二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題～第32題為必考題，每個小題考生都必須做答。第 33題～第38題為選考題，考生根據要求做答。

22.(6分)(1)基本測量儀器的讀數是物理實驗中最基本的能力，而高中是這一能力培養的重要階段。請正確讀出下列測量工具的讀數。

______________mm

____________mm(2)在研究勻變速直線運動實驗中，在打點計時器打下的紙帶上，選取一段如圖所示。若所用交流電的頻 率為50Hz，用刻度尺量得A到B、C、D、E各點的距 離依次為：1.23cm、3.71cm、7.44cm和12.42cm，已知兩點之間還有4個點沒有畫出，則物體運動的加速度大小為________（結果保留3位有效數字）。

23.(9分)某物理探究小組想利用實驗室提供的器材測量一節干電池的電動勢和內阻，電動勢標稱為1.5V，可選用的實驗器材如下：

A.待測干電池

B.電流表 A1（量程為200μA，內阻為500Ω）C.電流表 A2（量程為0.6A，內阻約為0.3Ω）

D.電壓表 V2（量程為15.0V，內阻約為5kΩ）E.電阻箱 R（0～9999.9Ω）

F.定值電阻 R0（阻值為1Ω）

G.滑動變阻器 R1（最大阻值為10Ω）

H.開關、導線若干

(1)把電流表A1改裝成量程為2V電壓表，需要_____(填“串聯”或“并聯”)一個阻值為____Ω的電阻。(2)因干電池的內阻較小，該小組經過反復討論，最終想出了一個解決辦法，設計了合理的電路圖，依據實驗室提供的器材，請在方框內畫出合理的實驗電路圖。

(3)接通開關，逐次調節滑動變阻器，讀取電流表A1的示數I1和對應電流表 A2的示數I2，記錄了5組數 據，這些數據已經在I1—I2坐標系中描出，則根據這些點可以得到被測干電池的電動勢E=_____V，內阻r=_____Ω（保留兩位小數）。

24.(12 分)如圖，在光滑水平面上放置一質量為 M=2kg 的足夠長的木板，在長木板的左端放置一質量為m=1kg 的小木塊(可視為質點)，木塊和木板之間的動摩擦因數為 μ=0.4。現給木板一向左的初速度v0=5m/s，同時對木塊施加一水平向右的恒力F=5N，力F作用時間t后撤去，最終木塊和木板均處于靜止狀態。g=10m/s2，求：

(1)時間t為多少？

(2)整個過程中，系統產生的熱量Q是多少？ 25.(20分)如圖，在區域I中有方向水平向右的勻強電場，在區域II中有方向豎直向上的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為 B=0.5T；兩區域中的電場強度大小相等，E=2V/m；兩區域足夠大，分界線豎直。一可視為質點的帶電小球用絕緣細線拴住靜止在區域I中的A點時，細線與豎直方向的夾角為45°。現剪斷細線，小球開始運動，經過時間t1=1s從分界線的C點進入區域II，在其中運動一段時間后，從D點第二次經過 B分界線，再運動一段時間后，從H點第三次經過分界線，圖中除A點外，其余各點均未畫出，g=10m/s2，求：

(1)小球到達C點時的速度v；

(2)小球在區域II中運動的時間t2；

(3)C、H之間的距離d。

34.【物理

選修3-4】(15分）

(1)(5分)一列簡諧橫波沿x軸傳播，t=0.1s時波形圖如圖中實線所示，波剛好傳到c點；t=0.4s時波形如圖中虛線所示，波剛好傳到e點。a、b、c、d、e是同一介質中的質點，下 列說法正確的是(填正確答案標號。選對選不全的2分，有選錯的0分)

A.該波的波速為10m/s

B.t=0.2s時質點b和質點c的位移相等

C.質點d在0.1～0.4s時間內通過的路程為40cm

D.時質點a運動到波峰位置

E.這列簡諧橫波遇到頻率為2Hz的另一列簡諧橫波時會發生干涉現象

(2)(10分)如圖，一束單色光由左側射入用透明材料制成的圓柱體，圖示為過軸 線的截面圖，圓柱體直徑為1.2m，調整入射角α，光線恰好在上界面處發生全反射，已知該透明材料的折射率為5/4，真空中的光速c=3×10m/s，求：

(1)α的值(結果用反三角函數表示)；

(2)光從射入到第一次射出圓柱體，在透明體中運動的時間。高三物理綜合能力測試（二輪1）參考答案

14C 15D 16C 17D

18BC 19CD 20BC 21BD

22、（1）10.90；5.667（5.665~5.669）（2）1.25m/s

/

23、（1）串；9500（2）如圖所示（3）1.49（1.48~1.50）；0.71（0.69~0.73）

24、（1）對木板和木塊組成的系統，以向右為正方向，由動量定理可得Ft?0?M??v0?，解得t=2s（2）在力F作用下，對木塊，由牛頓第二定律可得F??mg?mam，am?1m/s2，則xm?由能量守恒定律可得Q?Fxm?1amt2?2m 212Mv0?35J 2mg，F25、（1）小球處于靜止狀態時，受力分析如圖，可知小球帶正電，設電場力與重力的合力為F，則cos45??解得F?2mg

剪斷細線后，小球所受電場力與重力不變，小球將做初速度為零的勻加速直線運動，則F=mg，a?102m/s2

小球到達C點時的速度為v?at1?102m/s（2）由（1）可知tan45??F電mE?，所以F，mg=qE，所以?mg電qgmgv2mv2?r2?m2?E???0.8??s? 故小球在區域II中做勻速圓周運動，qvB?m，r?，T?rqBvqBgB所以小球從C到D的時間為t2?3T?0.6??s? 4

（3）小球從D帶你再次進入區域I時，速度大小為v，方向與重力和電場力的合力F垂直，故小球做類平拋運動，設從D到H所用時間為t3，DP?vt3，PH?由幾何關系可知DP=PH，解得t3?所以DH=40m 而DC?12at3，22v?2s，DP=PH=202m a2r，由（2）可知r?mvEv??42m，所以d=CH=DH-DC=32m qBgB33、（1）BCD（2）①p1?(p0?21)cmHg，V1?10S，p2?(p0?15)cmHg，V2?16S 氣體做等溫變化，有p2V2?pV11，解得p0?75cmHg

②p3?(p0?15)cmHg?90cmHg，V3?L3S，p3V3?pV11，解得L3?

34、（1）ACD（2）（1）由題意可知，光線射至上界面上時，入射角恰等于臨界角C，sinC?32cm?10.67cm 314??，???C n52n?3sin?2，所以sin??nsin??ncosC?n1?sinC?

4sin?3 4所以??arcsin

（2）由幾何關系可知AB+BD=AE；所以sinC?ddc?AE?，光在透明體中的速度為v? AEsinCnAEn2d??6.25?10?9s 在光在透明體中的傳播時間為t?vc

第五篇：高三物理復習研討會交流材料探究規律 尋找特點 科學備考

探究規律

尋找特點

科學備考

一、高考物理情況概述

我校高考物理學科取得優異成績，物理學科參考人數1041人，達B率94%以上，達A或A+率59.2%，實驗班學生基本達A+或A，為屆高三學生沖擊清華、北大以及本科的有效達成率，作出了選修學科應有的貢獻。

二、近三年高考物理試卷獲得的啟示

啟示之一：加強研究

尋找規律

把握方向

研究新課程標準，研究同一年不同省份的高考試題，同一省份近3年的高考試題，尋找命題的共同點，探究其內在規律，這樣才能使復習對高考的“路”；同時要認真了解學生的認知水平，了解學生物理學習的現狀，這樣才能把握教學要求，控制復習的深度和難度，才能對學生的“路”，避免復習的盲目性，使復習更加具有針對性。

以近三年江蘇高考試題為例，從試題分值來看，必修

1、必修2力學部分占43分左右，選修3-

1、選修3-2電學部分占53分左右，電學分值較多，試卷中電學部分整體難度大于力學部分，計算題一力二電，力學題一定是運動定律、機械能與曲線運動交替出現，最后的一道壓軸題一般是帶電粒子在電、磁場中的運動、電磁感應交替出現；客觀題中單選、多選題中力學分值較電學多，定量計算較少，基本沒有送分題。其中物體的平衡、萬有引力、靜電場場強、電勢每年必有一道選擇題。較難題一般為牛頓運動定律、機械能、靜電場、帶電粒子在磁場在運動。實驗題20分，往往是一小一大，一力一電，直接考查課本上的死記硬背實驗基本沒有，大多是基于課本實驗的改編。且必有圖像方面的考查。有時有基本儀器的使用，選修3-

3、3-

4、3-5部分的試題通常是老高考二級要求部分的內容較多（動量守恒、振動和波、光的折射定律、光電效應、波爾理論），考試說明中有變動的部分在試卷中有時會有所體現，尤其是長期沒有在計算題中出現的二級要求題應引起注意（如的計算題第一題變壓器與交流電圖像的考查）。

啟示之

二、科學備考，讓有限的時間產生最大效益

針對物理學科是高考中的等級學科，因此物理學科的復習不應該擠占語、數、英的時間，只能把有限的時間用足、用好。（1）打好基礎，立足考綱、教材，以不變應萬變

教材和高考大綱是我們的復習依據和立足基本，尤其在一輪復習時要對照教材，注重對知識的深入理解和領悟，明確各個概念、規律的內涵及外延，重視各相關的概念、規律的比較，以課本為主，重新全面梳理知識、方法、注重知識結構的重組與概括，掌握知識結構、使基礎知識體系化、基本方法類型化、解題步驟規范化。（2）做好教學對路，精心選題，力求全面、有效、到位 全面系統的對照考綱要求掃描考綱的全部知識點，以適應高考采分點多、覆蓋面廣的特點，任何的偏廢都有可能在高考中出現盲點，講義的編寫不能照搬、照抄現成的參考書，應結合本校、本班學生的實際，實施分層教學，作業的設計做到課堂講什么，作業練什么。（3）跳出題海戰術，關注“主干”知識復習

從近三年江蘇高考物理試卷看，學科主干知識越來越成為重點考查內容，而主干知識的考查更多地表現在對學科主干思維方式的考查上。因此，要對主干知識的復習一定要到位，重視物理學科中基本的、核心的、可再生的高考熱點內容（如能量、場），通過精選、精講、精練例題、習題，在培育學生的主干思維上下工夫。

啟示之

三、構建新型課堂復習教學模式，提高復習效益

新課改背景下的高考對物理學科的考試提出了新要求，由于物理復習的時間緊，任務重。因此高質量的課堂教學是提高復習效率的主陣地，課堂復習模式必須與時俱進。傳統的“先復習概念、再講解例題”的復習模式雖然有一定的效果，但對學生解題中的易錯點、概念易混點、疑難點的把握不到位，缺乏教學針對性。

因此，無論一輪復習、還是二輪復習必須運用高效、實戰的多元化的復習方法，如采取“教師集體講解、個別點撥、小組討論”相結合的多元課堂復習方法，教學的重心由面轉向點，從學生角度看，關注關鍵生和邊緣生，避免“一人感冒，全家吃藥”的現象；從知識和能力看，注意突破難點，彌補薄弱點，尋找提高班級達A、達B人數的增長點。

啟示之

四、加強對習題課、作業及試卷評講課的教學模式的探究

從所周知，高三物理復習課相當一部分課時用于作業和試卷中的習題教學，如何講好習題對物理復習的效果有至關重要的作用。因此，習題教學中，力求做到“四要”，即要突出審題能力的培養，解題思路的分析，不要開門見山； 要滲透物理思想分析，切忌舍本逐末；要注意解題過程規范化的培養，不要只關注最后的結果；要啟迪創新思維，力戒就題論題；同時，力求做好三個“反思”，即重視審題的反思，重視解題思路的反思，重視解題結果的反思。同時對學生易錯點、難點及時補救，跟蹤訓練，查漏補缺，堅持日清、周結、階段過關。

啟示之

五、關注重點實驗的變式及拓展

近三年江蘇高考實驗考查的一個顯著特點是以課本重點實驗為基礎，取材新穎，形式多變。如力學中:研究勻變速直線運動、探究加速度與力和質量的關系，驗證機械能守恒定律；電學中：伏安法測電阻、多用電表的使用、測電源的電動勢和內阻,描繪小燈泡伏安特性曲線，重要實驗儀器的讀數和使用（多用電表近三年江蘇沒有考查）

在實驗復習時，一方面必須要求學生掌握這些重點實驗的基本原理、基本器材以及實驗研究的方法、數據處理的方法。另一方面對這些實驗進行變式、拓展。尤其在二輪復習時教師要讓學生進實驗室，給學生增加動手機會，同時將驗證性實驗變為探索性實驗，適當改變實驗方法，逐步培養學生的實驗應試能力，使學生真正學懂、學活，體會“考在書外，理在書中”，堅決摒棄死記硬背的實驗復習方法。

三、高三物理教學計劃

高考復習分為三個階段：

第一階段：從本學期到下學期按高考的大綱要求知識點全面系統地完成一輪復習，歸納知識體系，構建知識網絡，突出基礎知識和基本技能的訓練。

第二階段： 第二學期3月、4月為二輪復習的階段，本階段的復習通過大單元綜合復習及分專題復習，在學生一輪復習已具備的基本知識、基本技能基礎上進行知識重組和綜合，讓學生建立完整的能力結構，實現“知識立意”向“能力立意”的轉變。

第三階段：5月到高考前，以模擬訓練、過關訓練及其講評為主要形式，旨在培養學生的應試能力和訓練良好的競技狀態，進一步強化重要的公式、定律、規律。同時處理好練習與回歸課本查漏補缺的關系，尤其對選修3-

4、3-5課本知識及插圖的再回顧。

不當之處，敬請批評指正。

4、復習對路：研究學情、研究高考、研究教師自身教學對班級總分的貢獻率

5、做實工作：課堂到位、訓練到位、輔導到位。每位老師能蹲下去走近學生。

利用集體的智慧，研究考綱，鉆研教材，精心選題，指導學法；夯實基礎，提升能力，合理籌劃，全面推進，